3ο επαναληπτικο-διαγωνισμα apantiseis
-
Upload
athanasios-kopadis -
Category
Education
-
view
1.882 -
download
0
Transcript of 3ο επαναληπτικο-διαγωνισμα apantiseis
3ο ΕΠΑΝΑΛΗΠΤΙΚΟ ∆ΙΑΓΩΝΙΣΜΑ
ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ Γ΄ΛΥΚΕΙΟΥ
ΘΕΜΑ Α
Α1. Σχολικό βιβλίο, σελίδα 99
Α2. Σχολικό βιβλίο, σελίδα 128
Α3. Σχολικό βιβλίο, σελίδα 95
Α4. α) Λάθος
β) Λάθος
γ) Σωστό
δ) Σωστό
ε) Λάθος
ΘΕΜΑ Β
Β1. Για x < 0 η f συνεχής ως πολυωνυµική.
Για x > 0 η f συνεχής ως πολυωνυµική.
Για x = 0 είναι:
2
x 0 x 0
x 0 x 0
im f(x) im( x 1) 1
im f(x) im( x 1) 1
− −
+ +
→ →
→ →
= − + =
= − + =
ℓ ℓ
ℓ ℓ οπότε ( )
x 0 x 0imf(x) imf(x) f 0 1
− +→ →= = =ℓ ℓ
άρα η f συνεχής στο x0 = 1,
οπότε η f συνεχής στο R .
Β2. Η f είναι συνεχής στο [ ]1, 1− από το Β1. ερώτηµα
Για x < 0, η f παραγωγίσιµη ως πολυωνυµική µε ( )f x 2x′ = −
Για x > 0, η f παραγωγίσιµη ως πολυωνυµική µε ( )f x 1′ = − .
Για x = 0 είναι: ( )
2 2
x 0 x 0 x 0 x 0
x 0 x 0 x 0
f(x) f(0) x 1 1 xim im im im x 0
x 0 x x
f(x) f(0) x 1 1 xim im im 1
x 0 x x
− − − −
+ + +
→ → → →
→ → →
− − + − −= = = − = −
− − + − − = = = −
−
ℓ ℓ ℓ ℓ
ℓ ℓ ℓ
Επειδή x 0 x 0
f(x) f(0) f(x) f(0)im im
x 0 x 0+ −→ →
− −≠
− −ℓ ℓ άρα η f δεν είναι παραγωγίσιµη στο x0 = 0,
οπότε η f δεν παραγωγίσιµη στο (–1, 1).
Οπότε δεν ικανοποιούνται οι προϋποθέσεις του θεωρήµατος µέσης τιµής στο [–1, 1].
Β3. Έστω ( )( )0 0B x , f x το σηµείο επαφής, µε 0x 0≠ γιατί η f δεν είναι παραγωγίσιµη στο 0.
Τότε, η εξίσωση εφαπτόµενης είναι: ( ) ( )( )0 0 0y f x f x x x′− = −
• Για 0x 0< , είναι: ( ) ( ) ( )2 2
0 0 0 0 0y x 1 2x x x y 2x x x 1− − + = − − ⇔ = − ⋅ + +
Η εφαπτόµενη διέρχεται από το 5
A 0,4
οπότε είναι:
2 2
0 0 0
5 12x 0 x 1 x
4 4= − ⋅ + + ⇔ =
και επειδή 0x 0< , είναι 0
1x
2= −
Οπότε, η εξίσωση της εφαπτόµενης που διέρχεται από το Α είναι η ευθεία:
( ) = +5
ε : y x4
• Για 0x 0> , είναι: ( ) ( )0 0y x 1 x x y x 1− − + = − − ⇔ = − +
Η εφαπτόµενη δεν διέρχεται από το 5
A 0,4
οπότε η περίπτωση αυτή απορρίπτεται.
ΘΕΜΑ Γ
Γ1. Είναι: ( )( ) ( )( ) ( )( ) ( )( )f x x f x 1 4x f x x f x x 4x′′+ + = ⇔ + + =
( )( ) ( )( )2 f x x f x x 8x′⇔ + + =
( )( ) ( )2 2f x x 4x′ ′ ⇔ + =
Οι συναρτήσεις ( )( )2f x x+ , 24x είναι συνεχείς στο R οπότε υπάρχει σταθερά c∈R τέτοια
ώστε: ( )( )2 2f x x 4x c+ = + για κάθε x∈R
Για x = 0, είναι: ( )( )2f 0 c c 1= ⇔ =
Οπότε, ( )( )2 2f x x 4x 1+ = + για κάθε x∈R
Αλλά, 24x 1 0+ ≠ για κάθε x∈R οπότε και ( )( )2f x x 0+ ≠ για κάθε x∈R ,
άρα ( )f x x 0+ ≠ για κάθε x∈R
Η f είναι συνεχής, οπότε διατηρεί σταθερό πρόσηµο.
Επειδή ( )f 0 1 0= > , άρα ( )f x x 0+ > για κάθε x∈R
Οπότε ( ) ( )2 2f x x 4x 1 f x 4x 1 x+ = + ⇔ = + − για κάθε x∈R
Γ2. Είναι: ( ) ( ) 2 2f x 1 x 4x 1 x x x 4x 1 x− λ − = + − − λ + = + − λ
Οπότε: ( ) ( )2 22x x x
1im 4x 1 x im 4x 1 x im x 4 x
x→+∞ →+∞ →+∞
+ − λ = + − λ = + − λ
ℓ ℓ ℓ
x
2 2x x x x
1 1im x 4 x im x 4
x x
→+∞
= →+∞ →+∞
= + − λ = + − λ ℓ ℓ
∆ιακρίνουµε τις περιπτώσεις:
• Αν 2 0 2− λ < ⇔ λ > τότε ( ) ( )( )x
im f x 1 x→+∞
− λ − = −∞ℓ
• Αν 2 0 2− λ > ⇔ λ < τότε ( ) ( )( )x
im f x 1 x→+∞
− λ − = +∞ℓ
• Αν 2 0 2− λ = ⇔ λ = τότε
2 2 x
x x x x x
2 2 2
4x 1 4x 1 1im im im 0
1 1 1x 4 2x x 4 2x x 4 2x x x
→+∞
→+∞ = →+∞ →+∞
+ −= = = =
+ + + + + +
ℓ ℓ ℓ
γιατί 2x x
1 1im im 0
x x→+∞ →+∞= =ℓ ℓ
Γ3. Έστω ( )( )0 0A x , f x το σηµείο επαφής.
Η εξίσωση εφαπτόµενης της γραφικής παράστασης της συνάρτησης f σχηµατίζει γωνία
3
4
πω = , οπότε είναι: ( )′ = = −0
3πf x εφ 1
4
Αλλά, ( ) ( )2
2 2
1 4xf x 4x 1 1 1
2 4x 1 4x 1
′′ = ⋅ + − = −+ +
Οπότε: 0 00 02 2
0 0
4x 4x1 1 0 4x 0 x 0
4x 1 4x 1− = − ⇔ = ⇔ = ⇔ =
+ +
Άρα, ( ) ( )( )y f 0 f 0 x 0′− = − οπότε y 1 x y x 1− = − ⇔ = − +
Γ4. Α΄ τρόος
Θεωρούµε συνάρτηση ( ) ( ) ( ) ( )3 4g x 4x f x 16f x x f x′ ′= − +
Η g είναι στο [ ]2, 2− συνεχής, ως πράξεις συνεχών συναρτήσεων.
Είναι: ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )3 4g 2 4 2 f 2 16f 2 2 f 2′ ′− = − − − − + − −
( ) ( ) ( )24f 2 16f 2 16f 2′ ′= − − − − + −
( )24 17 2 0= − + <
( ) ( ) ( ) ( )3 4g 2 4 2 f 2 16f 2 2 f 2′ ′= ⋅ − +
( ) ( ) ( )24f 2 16f 2 16f 2′ ′= − +
( )24 17 2 0= + >
Οπότε ( ) ( )g 2 g 2 0− ⋅ <
Άρα, από θεώρηµα Bolzano, υπάρχει ένα τουλάχιστον ( )0x 2, 2∈ − τέτοιο ώστε:
( ) ( ) ( ) ( )3 40 0 0 0 0 0g x 0 4x f x 16f x x f x 0′ ′= ⇔ − + =
( ) ( ) ( )3 40 0 0 0 04x f x 16f x x f x′ ′⇔ − = −
Β΄ τρόος
Θεωρούµε συνάρτηση ( ) ( ) ( ) ( ) ( )4 4g x x f x 16f x x 16 f x= − = −
Η g είναι συνεχής στο [ ]2, 2− , ως πράξεις συνεχών συναρτήσεων.
Η g είναι παραγωγίσιµη στο ( )2, 2− , ως πράξεις παραγωγίσιµων συναρτήσεων µε
. ( ) ( ) ( ) ( )3 4g x 4x f x x f x 16f x′ ′ ′= + −
Είναι: ( ) ( )( ) ( )4g 2 2 16 f 2 0′− = − − − =
( ) ( ) ( )4g 2 2 16 f 2 0′= − =
Οπότε ( ) ( )g 2 g 2 0− = =
Άρα, από θεώρηµα Rolle, υπάρχει ένα τουλάχιστον ( )0x 2, 2∈ − τέτοιο ώστε:
( ) ( ) ( ) ( )3 40 0 0 0 0 0g x 0 4x f x 16f x x f x 0′ ′ ′= ⇔ − + =
( ) ( ) ( )3 40 0 0 0 04x f x 16f x x f x′ ′⇔ − = −
ΘΕΜΑ ∆
∆1. Είναι: ( ) ( )( ) ( )( )( ) ( ) ( )2x x x
2
f x 1f x e f x e e
f xf x
−′′′ ′′′ ′= ⇔ = ⇔ − = ′′
Οι συναρτήσεις ( )1
f x−′
, xe είναι συνεχείς στο R οπότε υπάρχει σταθερά c∈R τέτοια
ώστε: ( )
− = +′
x1e c
f x για κάθε x∈R
Για x = 0, είναι: ( )
− = + ⇔ = + ⇔ =′
01e c 2 1 c c 1
f 0
Άρα, ( )
( ) ( )′ ′− = + ⇔ = − ⇔ + = −′ + +
x
x x
1 1 1e 1 f x f x 1 1
f x e 1 e 1
( ) ( )+ −′ ′⇔ + = ⇔ + =
+ +
x x
x x
e 1 1 ef x 1 f x 1
e 1 e 1
∆2. Η f ′ είναι παραγωγίσιµη στο R µε ( )( ) ( ) ( )
( )
′ ′′ + − + ′′ = + = + +
x x x xx
2x x
e e 1 e e 1ef x 1
e 1 e 1
( )( ) ( )+ − ⋅ ⋅ + − ⋅
= =+ +
x x x x x x x x x
2 2x x
e e 1 e e e e e e e
e 1 e 1
( )
= >+
x
2x
e0
e 1
Άρα η f ′ είναι γνησίως αύξουσα στο R
Η f είναι συνεχής στο R άρα και στο [ ]x 2, x 1− +
Η f είναι παραγωγίσιµη στο R άρα και στο ( )x 2, x 1− +
Άρα από θεώρηµα µέσης τιµής υπάρχει ένα τουλάχιστον ( )1 x 2, x 1ξ ∈ − + τέτοιο ώστε
( ) ( ) ( )( ) ( )
( ) ( )1
f x 1 f x 2 f x 1 f x 2f
x 1 x 2 3
+ − − + − −′ ξ = =
+ − −
Η f είναι συνεχής στο R άρα και στο [ ]x 1, x 4+ +
Η f είναι παραγωγίσιµη στο R άρα και στο ( )x 1, x 4+ +
Άρα από θεώρηµα µέσης τιµής υπάρχει ένα τουλάχιστον ( )2 x 1, x 4ξ ∈ + + τέτοιο ώστε
( ) ( ) ( )( ) ( )
( ) ( )2
f x 4 f x 1 f x 4 f x 1f
x 4 x 1 3
+ − + + − +′ ξ = =
+ − +
Είναι: ( ) ( )f
1 2 1 2x 2 x 1 x 4 f f′
′ ′− < ξ < + < ξ < + ⇔ ξ < ξ1
( ) ( ) ( ) ( )f x 1 f x 2 f x 4 f x 1
3 3
+ − − + − +⇔ <
( ) ( ) ( ) ( )f x 1 f x 2 f x 4 f x 1⇔ + − − < + − +
( ) ( ) ( )2f x 1 f x 4 f x 2⇔ + − + < −
∆3. Θεωρούµε τη συνάρτηση ( ) ( ) ( )xg x f x n 1 e−= − +ℓ
Η g είναι παραγωγίσιµη στο R ως πράξεις παραγωγίσιµων συναρτήσεων µε:
( ) ( ) ( )x x
xx x x
1 e eg x f x 1 e 1
1 e e 1 e 1
−−
− −′′ ′= − + = − +
+ + +
x x x xx
x x x x x x
x
1e e 1 e e 1 1e1 1 0
1e 1 e 1 e 1 e 1 e 1 e 11e
+= − + = − + = − + =
+ + + + + ++
Οπότε ( )g x 0′ = για κάθε x∈R και η g είναι συνεχής, άρα η g είναι σταθερή, οπότε
υπάρχει σταθερά c∈R τέτοια ώστε: ( ) ( ) ( )xg x c f x n 1 e c−= ⇔ − + =ℓ
Για x = 0, είναι: ( ) ( )0f 0 n 1 e c c 0− + = ⇔ =ℓ
Άρα, ( ) ( ) ( ) ( )x xf x n 1 e 0 f x n 1 e ,− −− + = ⇔ = +ℓ ℓ για κάθε x∈R
∆4. α. Είναι: ( ) ( ) +′ ′+ = ⇔ = − = − = − <
+ + + + +
x x x x
x x x x x
e e e e 1 1f x 1 f x 1 0
e 1 e 1 e 1 e 1 e 1
Άρα η f είναι γνησίως φθίνουσα στο R
Η f είναι συνεχής και γνησίως φθίνουσα στο Α = R , οπότε είναι:
( ) ( ) ( )( ) ( )x x
f A im f x , im f x 0,→+∞ →−∞
= = + ∞ℓ ℓ
γιατί: ( ) ( )( )x
x xim f x im n 1 e−→+∞ →+∞
• = +ℓ ℓ ℓ
Θέτουµε xu 1 e−= + οπότε ( )x0 x
u im 1 e 1−
→+∞= + =ℓ
οπότε ( ) ( )x u 1
im f x im nu 0→−∞ →
= =ℓ ℓ ℓ
( ) ( )( )x
x xim f x im n 1 e−→−∞ →−∞
• = +ℓ ℓ ℓ
Θέτουµε xu 1 e−= + οπότε ( )x0 x
u im 1 e−→−∞
= + = +∞ℓ
οπότε ( ) ( )x u
im f x im nu→−∞ →+∞
= = +∞ℓ ℓ ℓ
β. Η f είναι γνησίως φθίνουσα στο R άρα γνησίως µονότονη, άρα 1 – 1, οπότε ορίζεται η
1f − µε πεδίο ορισµού ( ) ( )1fA f A 0,− = = + ∞
Είναι: ( ) ( )x x y x yf x y n 1 e y 1 e e e e 1− − −= ⇔ + = ⇔ + = ⇔ = −ℓ
( ) ( )y yx n e 1 x n e 1⇔ − = − ⇔ = − −ℓ ℓ
Άρα, ( ) ( ) ( )1 xf x n e 1 , x 0,− = − − ∈ + ∞ℓ