06 esfuerzo axial
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1
Sistemas estáticamente determinados
En muchos casos de diseño de componentes cargados axialmente, es determinante saber
predecir el comportamiento de la deflexión que sufre.
Considérese el caso general de una barra cargada axialmente como indica la figura.
La deformación unitaria en la
dirección x es:
Donde δu es la deformación
axial de un elemento
infinitesimal y δx es el
tamaño inicial del elemento
diferencial.
uB uD
P1 P4P3P2B D
dxx
Px + dPxPx
dx + εx dx
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
ε� � δ�δ�
2
Reescribiendo (*) en términos de δu
Donde u(l) y u(0) son desplazamientos absolutos
Luego,
Nótese que la diferencia u(l) - u(0) representa el cambio de longitud Δ entre los puntos D y B.
Por consiguiente:
Sabemos de acuerdo a la ley de Hooke (para materiales elásticos lineales) que:
Luego, Donde: Px � P(x)Ax� A(x)Ex � E(x)
δ� � ε� ∙ δ�
donde,
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
� δ� = u l − u 0 = � ε� ∙ δ��
��
�
∆l = � ε� ∙ δ��
�
ε� = σ�Eσ� = P�A�
∆l = � P� ∙ δ�A� ∙ E��
�
3
Ejemplo
Considérese la barra de sección transversal constante A,
de longitud L, con módulo de elasticidad E.
Determínese la deflexión del extremo libre causada por
la aplicación de una fuerza concentrada.
Del diafragma puede concluirse que tanto la fuerza P como la sección de la barra permanecen
constante en el largo L.
Luego,
Nótese en esta ecuación que la deflexión es directamente proporcional a la carga P y el largo L es
inversamente proporcional al área A y al módulo de elasticidad E.
B C
Desarrollo
B C C’
PP
DCL
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
∆l � � P� ∙ δ�A� ∙ E�
� PA ∙ E � δ� � P ∙ L
A ∙ E�
�
�
�
∆l � ∆� P ∙ LA ∙ E
4
Gráficamente
P
L X
Fuerza
Deformación unitaria
L X
L X
Desplazamiento
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
PA ∙ E
∆= P ∙ L�A ∙ E
De acuerdo al principio de transmisibilidad, la carga se
transmite de manera constante a lo largo de la barra
La deformación unitaria axial permanece constante a lo
largo de la barra puesto que el material el homogéneo y
la sección transversal el constante
El desplazamiento es creciente, depende de la distancia
al punto de empotramiento. Al inicio es cero y el valor
máximo ocurre en x=L
5
La ecuación puede presentarse convenientemente como:
Donde representa la constante de resorte o rigidez.
KKKK representa la fuerza requerida para producir una deflexión unitaria.
Luego, para la i-ésima barra cargada axialmente o un segmento de barra de longitud LLLLiiii
Análogamente definimos la flexibilidad f f f f como
f f f f representa la deflexión resultante de la aplicación de una fuerza unitaria.
Luego,
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
∆= P ∙ LA ∙ E
P = A ∙ EL ∆ → P
∆ = A ∙ EL
k = P∆
k� = A� ∙ E�L�
f = 1k = L
F
f� = L�A� ∙ E�
6
Una masa m � 2kgm � 2kgm � 2kgm � 2kg está unida a una barra de una
aleación de níquel y tiene 20 [mm20 [mm20 [mm20 [mm ] de diámetro y 400400400400 [mm][mm][mm][mm] de longitud.
Determine la frecuencia de vibración. Considere la masa
concentrada en un punto y desprecie el peso de la barra.
Para la barra, sea E=E=E=E= 180180180180 [[[[GPaGPaGPaGPa]]]]La frecuencia natura de vibración es:
Ø=20Ø=20Ø=20Ø=20
xxxx
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
f � 12π
g∆
Ejercicios
donde g es la aceleración de gravedad y Δ es la deflexión
estática del sistema.
7
�20 mm�20 mm�20 mm�20 mm
xxxx
PPPP
RRRR
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
E=180[GPa]
∆l x = � P� ∙ δxA� ∙ E = P
A ∙ E � δx = P ∙ LA ∙ E
��
��
f = 12π
g∆
= 20[N] ∙ 0,4[m] ∙ 4π ∙ 20 ∙ 10/0 1 ∙ 180 ∙ 102[Pa]
∆l x = L = 1,41 × 10/4[m]
f = 12π
10 m s161,41 × 10/4[m] = 1338[Hz]
Desarrollo
DCL
El extremo de la barra sufre un desplazamiento de1,41 × 10/4[m]Obtenido Δ determinamos la frecuencia natural del
sistema
8
Tres esferas se encuentran suspendidas como indica la
figura. Considere E = 160 [GPa]l1 = l2 = l3 = 2 [m]A1 = 2 [mm2] ; m1 = 4 [kg]A2 = 3 [mm2] m2 = 8 [kg]A3 = 4 [mm2] m3 = 12 [kg]Determine distribución de fuerzas en los alambres.
Deformación unitaria axial.
Desplazamientos
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
Ejercicio
llll1111
llll2222
llll3333
AAAA1111
mmmm1111
AAAA2222
mmmm2222
AAAA3333
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DCL General DCL 1 DCL 2 DCL 3
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Desarrollo
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Deformación unitaria axial
ε � σE = P
A ∙ EεA = PA + P1 + P0AA ∙ E = 240[N]
2[mm1] ∙ 10/C ∙ 200 ∙ 102[Pa] = 6 ∙ 10/D[−]
ε1 = P1 + P0A1 ∙ E = 200[N]3[mm1] ∙ 10/C ∙ 200 ∙ 102[Pa] = 3,3 ∙ 10/D[−]
ε0 = P0A0 ∙ E = 120[N]4[mm1] ∙ 10/C ∙ 200 ∙ 102[Pa] = 1,5 ∙ 10/D[−]
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
Desplazamientos
∆l x = � P� ∙ δ�A� ∙ E��
� ∆lA= (PA + P1 + P0)AA ∙ E ∙ L = εA ∙ 1[m] = 12 ∙ 10/D[m]
∆l1= (P1+P0)A1 ∙ E ∙ L = ε1 ∙ 1[m] = 6,6 ∙ 10/D[m]
∆l0= P0A0 ∙ E ∙ L = ε0 ∙ 1[m] = 3 ∙ 10/D[m]
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Gráficamente
IWC-240 Mecánica de SólidosESFUERZO AXIAL-SISTEMAS ESTÁTICAMENTE DETERMINADOS
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A1 = 50 [mm2] ; P1 = 20.000 [kN]A2 = 80 [mm2] P2 = - 40.000 [kN]A3 = 50 [mm2] P3 = 30.000 [kN]A4 = 25 [mm2] P4 = -10.000 [kN]
Considérese la barra de la figura, que se compone de cuatro partes de distinto diámetro. Está
sometida a las cargas que se indican, condición que la mantiene en equilibrio estático.
Determine los diagramas de fuerza, deformación unitaria axial y desplazamiento.
Considere E=200 [Gpa]
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Ejercicio
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Desarrollo
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εA � −20 ∙ 100[N]50[mm1] ∙ 200 ∙ 100[MPa] = −2 ∙ 10/0[−]
ε1 = 20 ∙ 100[N]80[mm1] ∙ 200 ∙ 100[MPa] = 1,25 ∙ 10/0[−]
ε0 = 20 ∙ 100[N]50[mm1] ∙ 200 ∙ 100[MPa] = 2 ∙ 10/0[−]
εD = −10 ∙ 100[N]50[mm1] ∙ 200 ∙ 100[MPa] = −1 ∙ 10/0[−]
εI = −10 ∙ 100[N]25[mm1] ∙ 200 ∙ 100[MPa] = −2 ∙ 10/0[−]
ε = PA ∙ E
Desarrollo
Los cambios de sección y de reacción resultante permiten definir cinco tramos en los que la
deformación unitaria axial será distinta. Para cada uno de los tramos de la barra evaluamos la
deformación unitaria axial
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Δl1 = -2 [mm]Δl2 = 2,5 [mm]Δl3 = 1 [mm]Δl4 = -1 [mm]Δl5 = -3 [mm]Δl6 = 0
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∆= ∆lA + ∆l1 + ∆l0 + ∆lD + ∆lI
= −2 ∙ 10/0 ∙ 1 m + 1,25 ∙ 10/0 ∙ 2 m + 2 ∙ 10/0 ∙ 0,5 m +
= −2,5 ∙ 10/0[m]
Para cada uno de los cinco tramos reconocidos anteriormente determinamos la elongación que
sufre la barra
Luego,
= εA LA + ε1L1 + ε0L0 + εDLD + εILI + εCLC
+ −1 ∙ 10/0 ∙ 1 m + (−2 ∙ 10/0) ∙ 1,5[m]
Donde ∆l6 corresponde al tramo entre la aplicación de la última carga a derecha y el borde
derecho de la barra. En este tramo la elongación es nula
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XXXX
ΔΔΔΔl[mm]l[mm]l[mm]l[mm]
Deformación axial unitaria
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Gráficamente
XXXX
εεεε·10·10·10·10----3333[[[[----]]]]
Elongación
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Un pilote de madera uniforme, que ha sido hincado a
una profundidad L en arcilla, soporta una carga F en su
parte superior. Esta carga es resistida íntegramente por
la fricción f a lo largo del pilote que varía de manera
parabólica tal como se muestra en la figura.
Determine el acortamiento total del pilote en términos
de F, L, A y E
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Ejemplo
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Desarrollo
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PMA � −F B � ky1dy�
M� �F B k L0
3 � y03
PM1 � � ky1dyM
�� k y0
3Determinación de k
P FM � 0
Es posible determinar k evaluando las ecuaciones de
equilibrio en y=L
�F B kL03 � 0
k � 3FL0
Mediante un elemento del poste ubicado a una distancia
y elaboramos el DCL
PMA
PM1
F
F
−F
kL03
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∆l = � PMAM ∙ EM dy = 1A ∙ E � − F ∙ y0
L0 dy��
�Q
= − FAEL0 ∙ yD
4 R L0 = − FL
4AE
Luego,
PMA = −F + 3 ∙ FL0
L03 − y0
3 = − F ∙ y0L0
PM1 = k ∙ y03 = 3 ∙ F
L0 ∙ y03 = F ∙ y0
L0
Evaluando Py2 obtendremos el mismo resultado pero con signo opuesto.
La deformación total se obtiene evaluando, a lo largo de toda la longitud, la integral que
considera la carga en función de la posición y.
20
∆l y � − F ∙ yD4AEL0
PM y � �k ∙ y0
3� �
F ∙ y0
L0
ε y �PM
AE�
1
AE∙F ∙ y0
L0
PM y
y y
∆l y-F
�FL
4AE
-F
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Determine la deflexión del extremo libre de la barra
estática, causada por su propio peso w [N/m]. El área de
la sección transversal es constante. Suponga E conocido.
Ejemplo
Desarrollo
Convenientemente definimos un sistema de referencia
orientado hacia abajo y partiendo desde el punto de
empotramiento
El peso propio actúa como una carga dependiente de la
posición x. Cuando x sea igual a 0 la carga P será igual al
peso de la barra.
Cuando x sea igual a L, la carga P será igual a cero.
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∆l x = � P�A� ∙ E� dx��
= 1AE � w L − x dx�
�= 1
AE w Lx − x12 R x
0
El área A y el módulo de elasticidad E permanecen constantes a lo largo de la barra. Solo la carga
P varía en función de x
P x = w ∙ (L − x)
∆l x = 1AE w Lx − x1
2
∆l x = L = 1AE w L1 − L1
2 = wL12AE
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Gráficamente
∆l x �1
AEw Lx �
x1
2
wL1
2AEw ∙ L
x x
w ∙ L � x�
P x ∆l x
La carga en función de la posición x se comporta como una línea recta en tanto que el
comportamiento de la deflexión es parabólico.
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