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Seconde 1 Corrigé devoir surveillé n°7 Mercredi 25/05/2011
Exercice 1
a) cos0=1 , cosπ =−1 , cos2π=0 .
b) cos2011π=−1 , cos2012π=0 , cos2013π =−1 .
Exercice 2 (voir figure)
Les points A,B,D,E,F, et H sont régulièrement espacés sur le cercle trigonométrique de centre O. (O,A,C) est un repère orthonormé. Compléter le tableau ci-dessous:
Points A B C D E F G H
Réels(*) 0 π
3π
22π3
π 4π3
3π2
5π3
Cosinus 1 12
0−
12
−1−
12
0 12
Sinus 0 32
1 32
0−3
2−1
−32
(*) Par exemple pour la première colonne, on demande de donner un réel, qui par enroulement de ladroite numérique, donne le point A.
Exercice 3 (voir figure)
Soit H le milieu du segment [AB]. Le triangle ANB est isocèle en N, donc (NH) est la médiatrice dusegment [AB] et les droite (NH) et (AB) sont perpendiculaires.Le triangle ANH est donc rectangle en N.Le triangle ANB est isocèle en N, dont (NH) est aussi la bissectrice de l'angle ANB .
On en déduit que ANH=ANB2
=302=15°
Dans le triangle ANH, on a la relation :
tan ANH =AHNH
⇒NH×tan ANH =AH ⇒NH=AH
tan ANH ⇒NH=
AHtan15
=2
tan15
On trouve : NH≃7,46
Le navire se trouve à environ 7,46 kilomètres du rivage.
Exercice 4 (voir figure)
ABC est un triangle isocèle en A tel que : CBA= ACB=5π12
et AC=AB=a .
La droite passant par B et perpendiculaire à (AC) coupe (AC) en H.
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1-Quelle est la valeur en degré de l'angleCBA ?
Degrés Radians
360 2π
d 5π12
C'est un tableau de proportionnalité, donc :
d×2π=360×5π
12⇒d=
36012
×5π2π
=30×5
2=15×5=75
5π12
radians correspondent à 75 degrés.
2-Démontrer que BH=a2
Dans le triangle ABH rectangle en H; on a la relation : sin ABH =BHa
.
On en déduit que : BH=sin ABH ×a
La somme des angles d'un triangle est égale à π .On a : CBA= ACB=5π12
. En considérant le
triangle ABC, on a la relation : BAC5π12
5π12
=π Donc :
BAC10π12
=π⇒ BAC5π6=π⇒ BAC=π−
5π6⇒ BAC=
6π−5π6
=π
6 et BAH=
π
6
BH=sin ABH ×a⇒BH=sinπ
6×a=
a2
BH=a2
3-Démontrer que AH=a3
2. Comme précédemment on montre en considérant le triangle
rectangle en H ABH :AH=cos ABH ×a Et : AH=cosπ
6×a=3
2a
AH=a3
2
En déduire l'expression de HC en fonction de a .
HC=AC−AH car H∈[AC] . Donc : HC=a−a3
2=1−3
2×a HC=
2−32
×a
4-Démontrer que BC=a2−3Appliquons le théorème de Pythagore dans le triangle BHC rectangle en H.
On a la relation : BC2=BH2HC2 On a démontré que : BH=a2
et HC=2−3
2×a
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BC2=a22
2−3
2×a
2
=a2
42−3
2
4×a2=
a2
4×12−3
2=
a2
4×14−433
BC2=a2
4×8−43=a2×2−3
2- 30 car 43⇒23 car la fonction carré est croissante sur les nombres positifs.BC est une distance, donc est positive et :BC=a2−3
5-Calculer les valeurs exactes de cosπ
12 et sin
π
12Considérant les angles du triangle rectangle en H, BHC.
On a : CBH BHC HCB=π avec BHC=π
2 et HCB=
5π2
. Donc :
CBH=π− BHC− HCB=π−π
2−
5π12
=π
2−
5π12
=6π−5π
12=π
12 CBH=
π
12En considérant le triangle BHC rectangle en H, on a :
cos CBH=BHBC
⇒cosπ
12=
a2
a2−3=
a
2a2−3=
1
22−3 et :
cosπ
12=
1
22−3
De même : sin CBH=HCBC
⇒sinπ
12=
2−32
×a
a2−3=
2−3
22−3
a
a=a avec a0
sinπ
12=2−3
2
6-Vérifier que : cosπ
12
2
sinπ
12
2
=1
1
22−32
2−32
2
=1
4×2−3
2−34
=12−3
2
4×2−3=
14−4334×2−3
cosπ
12
2
sinπ
12
2
=8−43
4×2−3=
2−32−3
=1
On a vérifié la relation : cosπ
12
2
sinπ
12
2
=1
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Exercice 5
Le plan est muni d'un repère orthonormé (O,I,J). Soient les points A −1; 2 , B3; 4 , C4,3 , etD4,1 .
a) Quelle est l'équation de la droite (AB) ?A et B ont des abscisses différentes donc l'équation de la droite (AB) est de la forme : y=ax+bCalculons le coefficient directeur a:
a=yB−yA
xB−xA
=4−2
3−−1=
231
=24=
12
on a : yB=a xBb⇒4=12×3b⇒b=4−
32=
8−32
=52
L'équation de la droite (AB) est : y=12
x52
b) Quelle est l'équation de la droite (CD) ?Les points C et D ont la même abscisse 4.
La droite (CD) a pour équation x=4 .
c) Quelles sont les coordonnées du point E, intersection des droites (AB) et (CD)?
E∈CD⇒xE=4 Et E∈AB ⇒ yE=12×xE
52=
12×4
52=
452
=92
L'intersection des droites (AB) et (CD) a pour coordonnées 4;92
d) Soit ∆ la droite d'équation y=3x−1 . Les droites ∆ et (AB) sont-elles sécantes ? Si oui, calculerles coordonnées de leur point d'intersection F.
Les droite (AB) et ∆ ont des coefficients directeurs différents. Elles sont donc sécantes.
Calculons les coordonnées de leur point d'intersection F. Résolvons l'équation :x2
52=3x−1⇔x5=6x−2⇔x52=6x⇔x7=6x⇔7=6x−x⇔7=5x⇔x=
75
y=3x−1=3×7
5−1=
21−55
=165
F a pour coordonnées 75
;165
Exercice 6
a) Compléter les égalités suivantes:cos−x=cosx sin−x=−sinx cosxπ=−cosx
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sinxπ=−sinx
cosπ
2−x =sinx sin
π
2−x=cosx
b) (*) cosxπ
2=−sinx sinx
π
2=cosx
Démonstration :
cosxπ
2=cos−x−
π
2 (on utilise cos−a=cosa )
cosπ−x−π
2=−cos−x−
π
2 cosπ−x−
π
2=cos
π
2−x =sinx .
On déduit des égalités précédentes que cosxπ
2=−sinx
Exercice 7
On a les relations :
cosab=cosa×cosb−sina×sinb et sinab=sina×cosbcosa×sinb
a) Exprimer cos2a et sin2a en fonction de cosa et sina .
Dans la relation :cosab=cosa×cosb−sina×sinb , on remplace b par a:cosaa=cosa×cosa−sina×sinb et cos2a=cosa2−sina2
Et la relation : cosx 2sinx2=1 on obtient :cos2a=2cosa2−1
En remplaçant b par a dans la relation : sinab=sina×cosbcosa×sinb , on trouve :sin2a=2sinacosa
b) (*) Montrer que 1
cosx2=1 tanx2
1tanx 2=1sinx2
cosx 2=cosx 2sinx2
cosx2=
1cosx 2
Et : 1
cosx 2=1tanx2
c) (*) Rappel :tanx =sinxcosx
si cosx ≠0 .
Exprimer cosx , sinx et tanx en fonction de t= tanx2
On a : cos2a=2cosa2−1 donc :
cosx =2cosx2
2
−1=2×1
1 tanx2
2−1=2−1 t2
1 t2 =1−t2
1t2
cosx =1− t2
1 t2
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On a sinx=2sinx2cos
x2=2
sinx2
cosx2×cos
x2
2
=2t×1
1 t2=2t
1t2
sinx=2t
1 t2
Remarque : on peut vérifier qu'on a bien : cosx 2sinx2=1
Des relations précédentes on trouve: tanx =2t
1−t2
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FIGURES
Exercice 1 Exercice 2
Exercice 4
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