Moto G4+ GSG el 68018164012B.fm Page 1 Wednesday, April 13 ...
Cinematica - mi.infn.itsleoni/TEACHING/FISICA-GEO/lezione-02-cinematica-GEO.pdf · Moto in una...
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Moto in una dimensione § moto esclusivamente rettilineo § si trascurano le forze § oggetto in moto assimilabile ad una particella [tutte le parti si muovono solidali nella stessa direzione]
Cinematica [studio del moto indipendentemente dalla causa]
spostamento
intervallo di tempo Δx
Δt xi
xf
ti tf O
P
Q
grafico posizione –tempo:
( )if
if
defx ttxx
txv
−
−=
Δ
Δ=
velocità media: pendenza della retta PQ non dipende dal percorso [v] = [L]/[T] ⇒ m/s
ixxx if
!! )( −=Δ
if ttt −=Δ
i!
0
)(txx =si dice LEGGE ORARIA
x(m)
t(s)
∑∑
∑∑Δ=Δ=Δ
Δ=Δ=Δ
→Δ→Δ nnntn
nt
nnn
nn
tvxx
tvxx
nn 00limlim
v (m/s)
t(s)
Δtn
x(m)
x(m)
esempio: moto di un’auto
grafico posizione -tempo
grafico velocità -tempo
N.B. spostamento totale Δx: area sotto la curva [interpretazione geometrica]
smsm
txvAB /2.2
)010()3052(
=−
−=
Δ
Δ=
N.B. velocità media fra A e B: pendenza della retta tra i punti A e B
t(s) x(m) A 0 30 B 10 52 C 20 38 D 30 0 E 40 -37 F 50 -53
smsm
txv
/7.1)050()3053(
−=
−
−−=
Δ
Δ=
esercizi velocità media
dtdx
txv
tdefx =Δ
Δ=
→Δ 0lim
velocità istantanea: pendenza della retta tangente in P dipende dal punto nel percorso
xi
t O
P
Δt2
Δt3
Δt1
Q” Q’ Q
Quanto velocemente mi muovo in un dato istante di tempo ?
esempi: auto che si muove in città: pedone che cammina per strada: la velocità istantanea è diversa [ad esempio: semafori, strisce pedonali, ingorghi …]
sms
mhkmv /3.8
6060103030
3
=×
==
smv /2=
N.B. vx può essere positiva, negativa o nulla
2
2
0lim
dtxd
dtdx
dtd
dtdv
tva xx
tdefx
=⎟⎠
⎞⎜⎝
⎛=
=Δ
Δ=
→Δ
tv
ttvv
a x
if
xx
defxif
Δ
Δ=
−
−=
)( accelerazione media: variazione della velocità in Δt [a] = [v]/[t] = [L/T]/[T]= [L/T2] ⇒ m/s2
accelerazione istantanea: derivata prima della velocità
derivata seconda dello spostamento
N.B. spostamento infinitesimo è segmentino di traiettoria velocità istantanea è sempre tangente alla traiettoria accelerazione può avere un orientamento qualsiasi rispetto alla
traiettoria
quando la velocità varia nel tempo si dice che il corpo è accelerato
esempi: velocità auto aumenta quando riparto da un semaforo diminuisce durante una frenata
⇒ accelerazione istantanea = pendenza grafico velocità tempo
N.B. il corpo umano reagisce alle accelerazioni (accelerometro) non alle velocità (non è un tachimetro) esempio: macchina 90 km/h aereo 900 km/h non sento la velocità costante ma le accelerazioni e decelerazioni sulle montagne russe del Luna Park sento i veloci
cambiamenti di velocità
vx
ax
t
t
accelerazione istantanea: pendenza della tangente alla curva velocità-tempo [ad ogni istante]
ax>0 ax=0
ax<0
esempi derivazione a istantanea a partire da v(t)
Esempio: Diagramma orario di un armadillo
Armadillo fermo nella posizione x = -2m
Armadillo che si muove a partire dalla posizione x = -5m
Esempio, ascensore - velocità:
• dopo la chiusura delle porte, l’ascensore comincia a salire (grafico sopra) e la velocità aumenta
• Arrivata ad una valore massimo, la velocità rimane costante
• All’avvicinarsi del piano la velocità comincia decrescere fino ad annullarsi
txΔ
Δ=v
dtdx
ist == vvdttdxtist)()( == v(t)v
Esempio, ascensore - accelerazione:
• Nel tratto in cui la velocità aumenta, l’accelerazione è diversa da zero e positiva
• Quando la velocità rimane costante l’accelerazione è nulla
• Nel tratto in cui la velocità diminuisce, l’accelerazione è diversa da zero e negativa
)()()()( 2
2
dtxd
dttdx
dtd
dttdtata
ta ist ====
Δ
Δ=
vv
• L’accelerazione è nulla. Questa è la definizione !
• La velocità è costante. E’ uguale al valore all’istante iniziale t=0 (ovvero v0):
• Lo spostamento è dato da una semplice formula, in cui s0 è lo
spostamento a t=0:
• E’ un caso particolare delle formule precedenti. Disegnare le leggi orarie !
Il moto rettilineo uniforme è monodimensionale
0)( =ta
00
)0()()0()()( vvvvv ==+== ∫ x
t
xx dttatt
txdttxtxtst
000
)()0()()( vv +=+== ∫
Moto rettilineo uniforme
Moto rettilineo uniform. accelerato
Moto unidimensionale: s = x i L’accelerazione è costante
Velocità: Spostamento:
0)( aata x ==
s(t) = x(t) = x0 + v (t)dt0
t
∫
= x0+ v0 t +12a0 t
2
v (t) = v x (t) = v0 + ax (t)dt0
t
∫
=v0+ a0 t
Esempio: moto con a=cost
N.B. ci ricordiamo interpretazione geometrica: spostamento totale Δx è area sotto la curva v(t)
Δx = Δxnn∑ = vnΔtn
n∑
Δx = limΔtn→0
Δxnn∑ = lim
Δtn→0vnΔtn
n∑ vx =
vx0 + vx2
per ax costante
Δx = vx0Δt +12(vx − vx0 )Δt
=12(vx + vx0 )Δt
Velocità media coincide con media delle velocità ! SOLO per a = cost
Caso particolare: accelerazione costante
tvv
ttvv
aa xx
if
xxxx
if 0)( −=
−
−==
ti = 0, tf = t vxf = vx, vxi = vx0
accelerazione media coincide con accelerazione istantanea
tavv xxx += 0
20 xx
xvvv +
= (per ax costante)
tvvtvx xxx )
2( 0 +=Δ=Δ
tvvxx xx )(21
00 +=− (per ax costante)
ttavvxx xxx )(21
000 ++=−
200 2
1 tatvxx xx +=− (per ax costante)
le equazioni precedenti valgono solo per ax costante !!! moto UNIFORMEMENTE accelerato
espressione che non contiene il tempo:
x
xx
x
xxxx a
vvxavvvvxx
2)()()(
21 2
02
00
00−
+=−
++= )(2 020
2 xxavv xxx −+=
tvvtvvtvx xxxxx Δ+=Δ−+Δ=Δ )(21)(
21
000
tΔ
xv
Equazioni moto con accelerazione costante
tavv xxx += 0
tvvxx xx )(21
00 +=−
200 2
1 tatvxx xx +=−
)(2 020
2 xxavv xxx −+=
1.
2.
3.
4.
velocità in funzione del tempo
posizione in funzione di tempo e velocità
posizione in funzione di tempo
velocità in funzione di posizione
ax, vx0, x0 valori noti iniziali
se ax = 0 vx0=vx
vx = vx0 + axt = vx0
x − x0 =12(vx0 + vx )t =
12(2vx0 )t = vx0t
x − x0 = vx0t +12axt
2 = vx0t
vx2 = v0 x
2 + 2ax (x − x0 ) = v0 x2
X
X
X
moto rettilineo uniforme
Una Ferrari arriva da ferma alla velocità di 100 km/h in 3 s. Supponendo che l’accelerazione sia costante, determinare:
1) il valore dell’accelerazione; 2) la velocità raggiunta dopo 2 secondi.
Svolgimento Sappiamo che v (3 s) = 100 km/ora = 105 [m] /3600 [s] = 27.8 m/s
Quindi
a = cost = v (3 s) [ms-1] / 3 [s] = 27.8/3 [ms-2] = 9.27 [ms-2] La velocità dopo 2 secondi è:
v(2s) = ao t = 9.27[ms-2] 2[s] = 18.5 [m/s] = 18.5(3600/103) [km/h] = 68 km/h
Esempio 1:
La velocità di una particella in moto lungo l’asse x varia nel tempo secondo l’espressione vx = (40 –5t2) m·s-1 con t in s. Calcolare: 1) l’accelerazione media nell’intervallo da ti = 0 a tf = 2.0 s; 2) l’accelerazione agli istanti ti e tf .
ti = tA = 0 s; tf = tB = 2.0 s vxA = 40 – 5(0)2 = 40 m·s-1; vxB = 40 – 5(2.0)2 = 20 m·s-1
L’accelerazione media nell’intervallo Δt = tB – tA è data da
Il segno meno è coerente con il fatto che la pendenza è negativa
2--1
if
sm 10- s 2.0
sm 40) - (20 t-t
⋅=⋅
=−
=Δ
Δ= xixfx
x ta
vvv
[ ] sm 20s02; 00
sm10 )()()(
2-
2-
⋅==
⋅−===
-).(a)(a
tdtttata x
xdv
Esempio 2:
esercizi accelerazione costante
Corpi in caduta libera
Galileo: in assenza di attrito (aria) tutti i corpi cadono con la stessa accelerazione,
indipendentemente dalla forma e dalla massa
1971- filmato fatto dagli astronauti sulla Luna: http://www.history.nasa.gov/alsj/a15/a15v.1672206.mov
- Alt – Invio -
y
O
jga!!
−=
accelerazione di gravità g = 9.8 m/s2
valgono le equazioni cinematiche precedenti con x → y e ay → -g
a v
Corpi in caduta libera nel vuoto: r accelerazione costante r velocità aumenta linearmente nel tempo
esempio: caduta libera
Calcolare posizione, velocità ed accelerazione di un corpo di massa M in caduta libera dopo 1,2,3,4,5 secondi
2/8.9 smga −=−=
0
y
2200 2
121 tgtgtvyy −=−+=
accelerazione spostamento velocità gtgtvv −=−= 0
ygyygvv 2)(2 020
2 −=−−=
g 9.8 m/s2 9.8 m/s2 9.8 m/s2 9.8 m/s2 9.8 m/s2
vale per ogni corpo, indipendentemente dalla massa !!!
esercizi cinematica in una dimensione
Moto in due dimensioni § moto in un piano (esempio: proiettile, satellite …) § si trascurano le forze § oggetto in moto assimilabile ad una particella [tutte le parti si muovono solidali nella stessa direzione]
traiettoria della particella
12 rrrjyixr
!!!
!!!
−≡Δ
+= vettore posizione
vettore spostamento nell’intervallo Δt
jyixjyyixxjyixjyixr
!!
!!
!!!!!
Δ+Δ=
−+−=
+−+=Δ
)()()()(
1212
1122
dalla composizione di vettori:
N.B. il formalismo può essere facilmente esteso a 3 dimensioni:
kzjyixr
kzjyixr!!!!
!!!!
Δ+Δ+Δ=Δ
++=
P Q
Q’ Δr
velocità media (indipendente dal percorso) per componenti:
trv
def Δ
Δ=!
dtrd
trv
tdef
!!!
=Δ
Δ=
→Δ 0lim
velocità istantanea § direzione tangente alla traiettoria § verso del moto
Velocità media e istantanea
jtyi
tx
tjyixv
!!
!!
Δ
Δ+
Δ
Δ=
Δ
Δ+Δ=
per componenti:
jdtdyi
dtdx
jyixdtdv
!!
!!!
+=
=+= )(
dtdyv
dtdxv yx == ,
Accelerazione media e istantanea
tv
tvv
a if
def Δ
Δ=
Δ
−=
!!!
ha stessa direzione di Δv
accelerazione media
dtvd
tva
tdef
!!
=Δ
Δ=
→Δ 0lim
accelerazione istantanea
a≠0 se v cambia intensità o direzione
per componenti:
jdtdv
idtdv
jvivdtda
yx
yx
!!
!!!
+=
=+= )(
dtdv
adtdva y
yx
x == ,
a
Moto in Due dimensioni con accelerazione costante
si generalizzano le leggi del moto in una dimensione con accelerazione costante
costantejaiaajyixr
yx =+=
+=!!!
!!!
⇒ ⎩⎨⎧
=
=
costanteacostantea
y
x
applico le equazioni della cinematica separatamente per le componenti x ed y del vettore velocità
tavjvivvtavvvtavvv
iyfxffyyiyfy
xxixfx !!!!!+=+=
⎪⎭
⎪⎬⎫
+==
+==⇒
analogamente per il vettore posizione
2
2
2
21
2121
tatvrjyixrtatvyy
tatvxxiifff
yyiif
xxiif !!!!!!++=+=
⎪⎪⎭
⎪⎪⎬
⎫
++=
++=
⇒
4
4
moto in due dimensioni con accelerazione costante: equivale a due moti indipendenti nelle direzioni x ed y
con accelerazioni costanti ax ed ay moto in x non influenza moto in y e viceversa
tvtvxxvvv
x
xx
)cos(cos
0000
000
θ
θ
=+=
==
200
200
000
21)sin(
21
sin
gttvgttvyy
gtvgtvv
y
yy
−=−+=
−=−=
θ
θ
gaa
jgjaiaa
y
x
yx
−=
=
−=+=
0
!!!!
Applicazione: moto del proiettile [qualunque oggetto lanciato in aria]
Ipotesi: § accelerazione di gravità g costante § resistenza dell’aria trascurabile ⇓ r moto orizzontale e verticale sono indipendenti r la traiettoria è sempre una parabola [da dimostrare !!!]
velocità iniziale:
accelerazione:
applico le equazioni della cinematica monodimensionale: moto orizzontale [rettilineo ed uniforme]:
moto verticale [caduta di un grave]:
g
NON ho accelerazione in x ⇒ v costante
000
000
0
sincos
θ
θ
vvvv
jvivv
y
x
oyox
=
=
+=!!!
verifica indipendenza dei moti
due palle da golf palla rossa: in caduta libera palla gialla: lanciata orizzontalmente raggiungono terra nello stesso tempo ⇒ moto verticale indipendente da moto orizzontale
palla lanciata verso l’alto da carrello in moto con velocità costante v: palla mantiene velocità orizzontale iniziale ⇒ è sempre sopra carrello ⇒ atterra dentro il carrello
Esempi di indipendenza dei moti
1. pallina di gomma lasciata cadere rimbalza e torna SEMPRE in mano, anche se la persona è in moto con velocità costante !!! persona e palla
hanno stessa velocità orizzontale v!
2. ragazzo punta con fionda amico appeso a distanza d: se l’amico si lascia andare appena la fionda parte viene SEMPRE colpito!!! ragazzo e fionda
percorrono stessa distanza verticale
in tempo tempo t impiegato dalla fionda a percorrere distanza d
2
21 gty −=
3. la pallina colpisce SEMPRE la lattina !!!
8 cerbottana spara pallina mirando lattina 8 lattina è rilasciata quando sparo pallina pallina e lattina sono soggette a stessa accelerazione g ⇒ tutte e due coprono uguale traiettoria verticale [indipendente dalla massa]
Esperienza in Laboratorio
traiettoria del proiettile: tvtvx x )cos( 000 θ==
200
20 2
1)sin(21 gttvgttvy y −=−= θ
risolvo rispetto a t:
200
2
0000
00
)cos(21
cossin
cos
θθθ
θ
vxg
vxvy
vxt
−=
=
22
022
00 cos2
xbxaxvgxtgy −=−=
θθ parabola
[completamente nota per v0 e θ0 noti]
2
0
0
200
21
21
tg
tvr
tgtvrr
!
!
!
!!!!
+
+=
++=
y
x O
v0t
r
½ gt2
R
h
posizione iniziale
spostamento in assenza di accelerazione
jgg!!
−=spostamento dovuto ad accelerazione
posizione del proiettile ⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ ++= 200 2
1 tatvrr !!!!
Esempi di moto del proiettile
la traiettoria dei corpi in volo
è di tipo parabolico
gittata R del proiettile [distanza orizzontale coperta]:
gv
gvv
tvtvxttperRx
x
002000
00
1000
1
cossin2sin2)cos(
2)cos(2
θθθθ
θ
==
==
==
gvR 020 2sin θ
=
00
20
max 45== θpergvR
y(m)
x(m)
vi=50m/s
20000
00sin
21sinsin ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−==
gvg
gvvhy θθ
θ
gvh2sin 0
220 θ
=
altezza h massima raggiunta dal proiettile:
h = altezza massima raggiunta R = gittata [distanza orizzontale coperta]
200
20
000
21)sin(
21
0sin
gttvgttvhy
gtvgtvv
y
yy
−=−==
=−=−=
θ
θg
vt 001
sinθ=⇒
00
20
max 902
== θpergvh
Le formule di
traiettoria
gittata
quota massima
NON sono formule generali !!! Valgono solo nelle condizioni
yiniziale=y(0) = 0
yfinale = y(0) = 0
gvh2sin 0
220 θ
=
gvR 020 2sin θ
=
22
022
00 cos2
xbxaxvgxtgy −=−=
θθ
Attenzione
applicazione: gittata e quota massima
Un proiettile di massa m, viene sparato con velocità v = 25 m/s ad un angolo di 40° rispetto al suolo. a) quale è la massima quota h raggiunta dal proiettile ? b) quale è la gittata R del cannone ? c) quale sarebbe l’angolo che massimizza la gittata ? [trascurare l’attrito]
h
R
a) quota h
msm
smg
vh 2.13/8.92
)40(sin)/25(2sin
2
0220
220 =
×==
θ
b) gittata R
msm
smg
vR 8.62/8.9
)80sin()/25(2sin2
020
20 ===
θ
msmsm
gvR 8.63
/8.9)/25()2sin( 2
45
020
max0
0
====θ
θ
c) gittata massima per θ0=450
esempio: lancio su un terrapieno
y
x
v
Un proiettile è lanciato verso un terrapieno di altezza h con velocità iniziale v0 = 42.0 m/s e angolo di lancio θ0 = 60° sopra il piano orizzontale. Il proiettile cade nel punto A, 5 s dopo il lancio. Calcolare: a) l’altezza del terrapieno, b) la velocità del proiettile all’impatto, c) la massima altezza, H, che esso ha raggiunto sopra il livello del terreno. Si trascuri la resistenza dell’aria. I dati del problema sono: Ø x0 = y0 = 0 Ø tf = 5 s
Ø θ 0 = 60° Ø v0.x= 42.0 cos(θ0) = 21.0 m/s Ø v0.y= 42.0 sin(θ0) = 36.4 m/s Ø y(tf )= h ?
Utilizzando le equazioni del moto parabolico, calcolo i valori di x(t) e y(t) all’istante t = tf
La massima quota H si ottiene quando la sua velocità verticale si annulla, per passare da ascendente (vy > 0) a discendente (vy < 0). Calcolo il tempo tH al quale vy = 0 e poi sostituisco il valore trovato nella y (t) poiché H = y (tH)
v x (t f ) = v0,x = 21.0m / s ⇒ x(t f ) =v0,xt f = 21⋅5 m⎡⎣ ⎤⎦=105 m
v y (t f ) = ay t f +v0,y = −g t f +v0,y = −11.1m / s⇒ y(t f ) = −12g t f
2 +v0,yt f = h = − 9.832
⋅52 +36.4 ⋅5 = 59.1 m
[ ][ ]
[ ] [ ] [ ] [ ] m 67.4 s7.3ms4.36s7.3ms83.921
21)(
s 3.70s m9.83s m36.4 0 )(
1222,0
2
2-
-1,0
,0
=⋅+⋅⋅−=+−==
⇒===⇒=+−=
−−fyfH
yHyHHy
tgttyH
gttgt
v
vvv
applicazione: lancio di gravi da aereo [bomber, lancio di materiale di soccorso, …]
⎪⎩
⎪⎨
⎧
−+=
+=
20
0
21 gttvyy
tvxx
yif
xif
⎪⎩
⎪⎨
⎧
−=−⋅+=−
⋅+=
22
21
21001050
)/115(0
gtgttm
tsmx f
moto orizzontale: rettilineo ed uniforme moto verticale: uniformemente accelerato
yf = -1050m
mssmxst
ssmmt
f 16796.14)/115(6.14
3.214/8.9
10502 22
2
=×=
=
=×
=
⇒
N.B. vx = vx0= 115m/s vy= vy0-g t= -g t vx è costante
vy aumenta al passare del tempo
vx0 = 115m/s
il proiettile è sempre sotto l’aereo!!!
calcolare: tvolo del grave, distanza xfinale
esercizi cinematica in due dimensioni
Moto circolare uniforme
Ipotesi: moto su una circonferenza con velocità costante in modulo
⇓ r ho accelerazione centripeta [v cambia di direzione]
r periodo di rivoluzione:
r velocità angolare: in un periodo T:
rvar2
=
vrT π2
=
ω =θ2 −θ1t2 − t1
=ΔθΔtrad / s
00
3.5723601 ≅===π
θ radrsse
⇒⋅=⋅==vrT π
ωωπθ22
tsraddtd
ωθθ
ω =⇒= /
rv ω=
0360222 ===== radrr
rsrsse π
πθπ
radiante rs θ=
rrva 22
ω==
velocità angolare - notazione vettoriale ω è un vettore
|ω |= dθdt
!v = !ω × !r
modulo
ω applicato al centro della circonferenza
ω applicato al in punto O’ asse rotazione
(R=r sinφ)
prodotto vettore [regola della mano destra]
r r ΔθΔr
O
P Q vi vf vi
vf
Δv Δθ
accelerazione media: tv
tvv
a if
ΔΔ
=Δ
−=
!!!
triangoli simili: vv
rr !!
Δ=
Δ
rv
tr
rv
tva
t
2
0→Δ→
Δ
Δ=
Δ
Δ=
!!! punta verso il centro della
circonferenza
[N.B. [a]=[v]2 /L=[L/T]2/L=L/T2 ]
[infatti r è sempre ⊥ a v]
origine accelerazione centripeta [interpretazione geometrica]
rvar2
=
rvar2
=origine accelerazione centripeta
xp
yp
jyixr pp
!!!+=
jrxvi
ryv
jviv
jvivv
pp
yx
!!
!!
!!!
)()(
)cos()sin(
+−=
+−=
+=
θθ
θ
θ
sin
cos
ryrx
p
p
=
=
jrvi
rv
jvrviv
rv
jdtdxrvi
dtdyrv
dtvda
xy
pp
!!
!!
!!
!!
)sin()cos(
)()(
)()(
22
θθ −+−=
+−=
+−=
=
θθθ
φ
θθ
tgaa
tg
rv
rvaaa
x
y
yx
===
=+=+=
cossin
sincos2
222
22
⇒ θ = φ ⇒ a è diretta come r !!
applicazione: g-LOC [g-induced loss of consciousness]
aereo che compie il cerchio della morte: il corpo del pilota subisce una accelerazione centripeta con la testa rivolta verso il centro di curvatura 4 cala la pressione sanguigna al cervello 4 perdita funzioni cerebrali
gaga
gga
c
c
c
44
32
>
=
−= → pesantezza → perdita percezione colori / si restringe il campo visivo → cessa la visione / perdita di conoscenza
esempio: qual è l’accelerazione centripeta a cui è sottoposto un pilota di F-22 che vola a velocità di 694 m/s percorrendo un arco di cerchio di raggio di curvatura r = 5.8 km ? sebbene la velocità scalare sia costante, esiste accelerazione centripeta causata da traiettoria circolare. gsm
msm
rvac 5.8/0.83
)108.5()/649( 2
3
22
====
il pilota cade incosciente prima di avvertire il segnale di allarme !!!
Traiettoria curva arbitraria [velocità variabile in direzione e modulo]
traiettoria
at
ar
a
tr aaa !!!+=
approssimo la curva con archi di circonferenza:
dtvd
at!
!=
rvar2
=!
accelerazione tangenziale: dovuta a variazione del modulo della velocità
accelerazione radiale [o centripeta]: dovuta a variazione della direzione della velocità
at
ar a
22tr aaa +=
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N.B. moto circolare uniforme [v costante]: at = 0 sempre; ho solo ar
Ordini di grandezza
velocità luce nel vuoto ………………. 300 000 km/s = 3 108 m/s suono (in aria) ………………............... ………. 330 m/s (in acqua) ………………………………1493 m/s aereo (record NASA) ………............7 vsuono ≈ 2310 m/s aereo di linea ……………….......... 800 km/h = 222 m/s auto in città ………………………… 30 km/h = 8.3 m/s a piedi ………………………………………………... 2 m/s paracadutista ……………………….50 km/h = 65 m/s (caduta libera) cavallo al galoppo ………………..250 m/min = 4.2 m/s palla da baseball…………………………………… 40 m/s
accelerazione gravità gTerra…………………………………….......9.8 m/s2
gravità gLuna………………………………………....1.7 m/s2
ac centripeta Terra (attorno asse) ………...3.37 10-2 m/s2
ac centripeta Terra (attorno Sole) ………...4.4 10-3 m/s2
treno………………………………………………... 1.2 m/s2
auto…………………………………………………… 4 m/s2
(da 0 a 100 km/h in 7 sec)
palla da baseball 100 g…………………………..≈104 m/s2