Matematik - hfb.dk · =2π r( +h) M = πrh x =h 2 V = πh (R2– r2) = πs (2R – s)h = πhs (2r +...
Transcript of Matematik - hfb.dk · =2π r( +h) M = πrh x =h 2 V = πh (R2– r2) = πs (2R – s)h = πhs (2r +...
www.hfb.dk ·© Byggecentrum358
HFB 2012 / 13
OPSLAG
MATEMATIK OG TRIGOMETRISKE FORMLER
Aritmetisk række (differensrække):
Geometrisk række (kvotientrække):
TrekantberegningRetvinklet trekant:
Skævvinklet trekant:
Matematik
Trigonometriske formler
359www.hfb.dk ·© Byggecentrum
HFB 2012 / 13
OPSLAG
MATEMATIK OG TRIGOMETRISKE FORMLER
Kva- I II III IV Grad 0 30 45 60 90 180 270 360drant sin + + – – sin 0 +1 0 –1 0 cos + – – + cos +1 +1 0 –1 0 +1
tg + – + – tg 0 +1 +√3 ∞ 0 ∞ 0
ctg + – + – ctg ∞ +√3 +1 0 ∞ 0 ∞
22 2
2
+1√2
+1√32 2
+1 +1√3
+1√33
+1√33
+1√2
Betegnelse Areal Tyngdepunkt
Trekant
h=højdenvinkelretpåas=1(a + b + c)
2Rektangel
Parallelogram
Trapez
Regelmæssig n-kant
Fladerareal og tyngdepunkt
Cirkel
Periferien0=2πr
Cirkelafsnit
F =1ah 2
=1absinγ 2
= √s (s – a) ( s – b) (s – c)
x=h 3
S0liggerimedianernesskæringspunkt
F=a • b
x=b2
S0liggeridiagonalernesskæringspunkt
x=h 2
S0liggeridiagonalernesskæringspunkt
S0liggericentrum
S0liggericentrum
x=S3
12F
F=ah=• √b2– c2
F = 1 h (a + b) 2
F = na2 ctg α
=nR2sinα 2
=nr2tg2
2
α
F=πr2
=πd2
4
x=1h a + 2b3a + b
KonstruktionenafS0fremgåraftegningen
4
Trigonometriske funktioner
grafisk fremstilling og grænseværdier
α
F=r
2 • π –sin α
2 180
www.hfb.dk ·© Byggecentrum360
HFB 2012 / 13
OPSLAG
MATEMATIK OG TRIGOMETRISKE FORMLER
Betegnelse Areal Tyngdepunkt Cirkeludsnit
Cirkelring
S0liggericentrum
Areal Tyngdepunktets Inertimoment Modstandsmoment Tværsnit F afstand J W = J e e bh h bh3 bh2
2 12 6
h2 h h4 h3
2 12 6
Tværsnitareal, tyngdepunkt, inerti- og modstandmoment
h2
h √2 h4
√2h3=0,1179h3
2 1212
bh 2 bh3 bh2
2 3 36 24h
Ienligesidettrekantbliverh=0,8660b
0,4333b2 0,5778b ~0,0181b4 ~0,0313b3
5√316
a4=0,5413a4
√
3=0,866a4
a
3√3a22
=2,598 a2
5√316
a3=0,5413a3
0,8284d2 0,0547d4 0,1095d3
a= d 1+ √2
=0,4142d
5a38
2,828R2 0,924R 0,6906R3
=0,6381R4
F=1br = ϕ°r2π 2 360 b=πr ϕ°=0,01745rϕ°
180
F= π(R2 – r2)
= π (D2 – d2) 4
x= 2r s3 b
forϕ=60°x=2r=0,6366r πforϕ=90°x=4 √2 r=0,6002r 3 π
a
forϕ=180°x=4r=0,4244r 3 π
Sidelængde
Flader, fortsat areal og tyngdepunkt
1+2√2 R4
6
361www.hfb.dk ·© Byggecentrum
HFB 2012 / 13
OPSLAG
MATEMATIK OG TRIGOMETRISKE FORMLER
forϕ=90°x=4 √2 r=0,6002r 3 π
πd4= πr
4 πd3= πr3
=0,0491d4~0,05d4 =0,0982d3~0,1d3 πr2= πd
2 4
d 2
Tværsnit, fortsat areal og tyngdepunkt, inerti- og modstandmoment
LegemerVolumen, overflade, tyngdepunkt m.m.V = volumen; O = overflade; M = lodret eller skråtstillet overflade;x = tyngdepunktets afstand fra grundfladen.
Retvinklet prisme
Terning
πab a πba3=0,7854ba3
4
Areal Tyngdepunktets Inertimoment Modstandsmoment Tværsnit F afstand J W = J e e
πba2=0,7854ba2
4
πr22e1=0,4244r e2=0,5756r
=0,1098r4
W1=0,2587r3W2=0,1908r3
b (H3–h3)12b(H3–h3)6H
H2b(H – h)
A4–a4
12A2–a2 A
21 A4–a46 A
A4 – a4 12A2–a2 A
√22
D2
π(D2–d2)4
π(D4–d4)64
= π(R4–r4)4
πD4–d4
32D
= π(R4–r4)
4R
A4–a4√2
12A
= 0,1179 (A4–a4)A
Sekssidet prisme
Prismemedregulær
mangekant-grundflade G=grundflade a=sidelængde n=sidetal
V= Gh O= 2G+nha M =nha x =h 2
V =a3
O=6a2
x =a 2
d=a√3=1,7321a
V=abh O=2 (ab + ah + bh) x =h 2 d =√a2 + b2 + h2
V=2,598a2 h O=5,1963 a2 + 6ah x =h 2 d =√ h2 + 4a2
(jf.figurenforretv.prisme)
=0,7854r4=0,7854r3
64 44 32
www.hfb.dk ·© Byggecentrum362
HFB 2012 / 13
OPSLAG
MATEMATIK OG TRIGOMETRISKE FORMLER
V=πh (3a2 + h2)
=πh2 (3h – h)
M = 2πrh = π (a2 + h2) a2 = h (2r – h) x = 3·(2r – h)2
Cylinderkappe (rør)
Cylinder
V=2π2Rr2
=1/4π2Dd2
O =4π2Rr =π2Dd
V =r2πh=Gh O=2πr(r+h) M=2πrh x =h 2
V=πh (R2–r2) =πs (2R – s)h =πhs (2r + s) x =h 2
Afskåret cylinder
Kegle
Keglestub
Pyramide
Pyramidestub
Kugle
Ring med cirk. tv.
Kuglekalot
Kugleudsnit
Kuglebælte
Ellipsoide
Omdrejningsparaboloide
O=4πr2= πd2 r = √3V 4π
V=R2πh1+h2 2 M=Rπ(h1 + h2)
D=√4R2+ (h2 – h1 )2
x = h1 + h2 · 1 +
(h2 – h1)2
2 4(h2+ h1)2
6
3
43r – h
V=πR2h ; x = h M=πRs
s =√R2+ h2
3 4 V=2πr2 h O=πr(2h+a)
x =3(2r – h)
3
8
4 3
4 R2 + Rr + r2
V =Gh
x=h3
4
V=h(G + g +
x=h · G + 2√Gg + 3g3
4G+√Gg + g
√Gg)
V=4 π abc3
Du=underfladensdiameter
V=du2 ⋅π ⋅ h4 2
V=πh (3a2+3b2+h2) M=2πrh
r2=a2+ a2 – b2 – h 2
6
V =4πr3=πd3
3 6
2h
V=πh (R2 + Rr + r2) =hπσ2+1πδ2
M = πsσ σ =R + r δ =R – r x = h ⋅ R + 2Rr + 3r2
3
δ2+h2√
Legemer, fortsat volumen, overflade, tyngdepunkt m.m.