Lagrangian
Click here to load reader
-
Upload
john-fiorentinos -
Category
Education
-
view
100 -
download
0
Transcript of Lagrangian
ΕΞΙΣΩΣΕΙΣ ΚΙΝΗΣΗΣ (EULER-LAGRANGE)
ΣΤΗΝ ΥΠΟΘΕΤΙΚΗ ΠΕΡΙΠΤΩΣΗ ΠΟΥ Η LAGRANGIAN
ΕΞΑΡΤΑΤΑΙ ΚΑΙ ΑΠΟ ΤΗΝ ΕΠΙΤΑΧΥΝΣΗ!
ΤΟ ΠΡΟΒΛΗΜΑ
Θεωρούμε το σύστημα ενός σωματιδίου, το οποίο κινείται σε μια διάσταση και του
οποίου η συνάρτηση Lagrange δεν εξαρτάται μόνον από τη θέση του σωματιδίου ( )x t και
την ταχύτητά του ( )x t (όπως απαιτούμε για μια Lagrangian) αλλά και από την επιτάχυνσή
του (t)x . Έχουμε δηλαδή την (υποθετική) Lagrangian , )x xL(x, .
Ξεκινώντας από την αρχή του Hamilton:
, ) 0dt x x L(x,
(1)
βρείτε την εξίσωση της κίνησης του εν λόγω σωματιδίου.
Η ΛΥΣΗ
Η δράση κατά την κίνηση του σωματιδίου από την αρχική θέση (χρονική στιγμή 1t ) στην
τελική (χρονική στιγμή 2t ), είναι:
2
1
1 2[ ; , ] , )
t
t
S x t t dt x x L(x,
(2)
Θεωρώντας μια άλλη δυνατή κίνηση του σωματιδίου που ξεκινάει από την ίδια θέση και
καταλήγει στη ίδια θέση, η νέα δράση θα είναι:
2
1
1 2[ ; , ] , )
t
t
S x t t dt x x x x L(x+ x,
(3)
όπου:
( ) ( ) ( )x t x t x t
( ) ( ) ( )x t x t x t
( ) ( ) ( )x t x t x t
Επιπλέον θα έχουμε και τις ακόλουθες συνοριακές συνθήκες:
1 2( ) ( ) 0x t x t
1 2( ) ( ) 0x t x t
(4.1)
(4.2)
Η μεταβολή στη δράση θα δίνεται από τη σχέση:
1 2 1 2[ ; , ] [ ; , ]S S x t t S x t t ή
2
1
, ) , )]
t
t
S dt x x x x x x [L(x+ x, L(x,
(5)
Αναπτύσσοντας σε σειρά Taylor την Lagrangian , )x x x x L(x+ x, και
κρατώντας μόνο τους όρους πρώτης τάξης, έχουμε:
, ) , )x x x x x x x x
x x x
L L LL(x+ x, L(x, x
(6)
Βάζοντας τη σχέση (6) στη σχέση (5), έχουμε:
2
1
, ) , )]
t
t
S dt x x x x x xx x x
L L L
[L(x, x L(x,
ή
2
1
]
t
t
S dt x xx x x
L L L
[ x
(7)
Είναι: ( )d dx
xdt dt x και επίσης: ( )
d dxx
dt dt x
Από τους κανόνες παραγώγισης έχουμε:
( ) ( )
d dx
dt x x dt x
L L Lx x
ή
( ) ( )
d dx
x dt x dt x
L L Lx x
(8)
Και επίσης:
( ) ( )
d dx
dt x x dt x
L L Lx x
ή
( ) ( )
d dx
x dt x dt x
L L Lx x
(9)
Εισάγοντας τις σχέσεις (8) και (9) στη σχέση (7) παίρνουμε:
2
1
]
t
t
S dt x xx x x
L L L
[ x
ή
2
1
( ) ( ) ( ) ( ) ]
t
t
d d d dS dt
x dt x dt x dt x dt x
L L L L L
[ x x x x x
(10)
Οι όροι: ( )d
dt x
Lx και ( )
d
dt x
Lx όταν ολοκληρωθούν ως προς t καταλήγουν
στους: x
Lx και
x
Lx αντίστοιχα, οι οποίοι λόγω των συνοριακών συνθηκών (4.1) και
(4.2) έχουν μηδενική συνεισφορά στη μεταβολή της δράσης. Πράγματι είναι:
22 2
11 1
( ) ( ) 0
tt t
tt t
ddt d
dt x x x
L L Lx x x
Και επίσης:
22 2
11 1
( ) ( ) 0
tt t
tt t
ddt d
dt x x x
L L Lx x x
Έτσι λοιπόν η σχέση (10) απλουστεύεται στη μορφή:
2
1
( )] ( )
t
t
d dS dt
x dt x dt x
L L L
{[ x x}
(11)
Ο όρος: ( )d
dt x
Lx γράφεται:
2
2( ) [ ( ) ( )
d d d d
dt x dt dt x dt x
L L Lx x] - x
(12)
Με τη βοήθεια της σχέσης (12), η σχέση (11) γράφεται:
2
1
2
2( )] [ ( ) ( )
t
t
d d d dS dt
x dt x dt dt x dt x
L L L L
{[ x x]+ x}
(13)
Παρατηρούμε και πάλι ότι ο όρος: [ ( )d d
dt dt x
Lx] όταν ολοκληρωθεί δίνει:
22 2
11 1
[ ( ) ] [ ( ) ] ( ) 0
tt t
tt t
d d d ddt d
dt dt x dt x dt x
L L L
x x x
(λόγω της συνοριακής συνθήκης (4,1)).
Η σχέση λοιπόν (13) καταλήγει στη:
2
1
2
2( ) ( )]
t
t
d dS dt
x dt x dt x
L L L
[ x
(14)
Τώρα και σύμφωνα με την αρχή του Hamilton, η πραγματική τροχιά του σωματιδίου
είναι αυτή για την οποία η δράση καθίσταται στατική ή άλλως η μεταβολή της δράσης
μηδενίζεται. Έχουμε λοιπόν:
0S ή
2
1
2
2( ) ( )] 0
t
t
d ddt
x dt x dt x
L L L
[ x
(15)
Η σχέση (15) πρέπει να ισχύει για οιαδήποτε μεταβολή x και αν θεωρήσουμε, οπότε
πρέπει (υποχρεωτικά) να είναι:
2
2( ) ( ) 0
d d
x dt x dt x
L L L
Τελικά λοιπόν η εξίσωση της κίνησης για το σωματίδιο με την υποθετική Lagrangian
, )x xL(x, θα δίνεται από τη σχέση:
2
2( ) ( ) 0
d d
dt x dt x x
L L L (16)
Παρατηρήσεις:
Η παραπάνω εξίσωση (16), όπως εύκολα διαπιστώνει κανείς είναι τέταρτης τάξης ως
προς το χρόνο. Έτσι για την λύση θα χρειαζόμασταν τέσσερεις αρχικές συνθήκες (Δεν θα
αρκούσε μόνο η γνώση της αρχικής θέσης και της αρχικής ταχύτητας του σωματιδίου).
Για παράδειγμα ας πάρουμε την περίπτωση του αρμονικού ταλαντωτή και ας
προσθέσουμε έναν επιπλέον όρο της μορφής:
22( )
2
mx
, όπου το γ είναι μία παράμετρος με
διαστάσεις χρόνου. Έτσι λοιπόν έχουμε την (υποθετική για χάρη του παραδείγματός μας)
Lagrangian:
2 22 2 2, ) ( ) ( )
2 2 2
m m mx x x x x
L(x,
(18)
Έχουμε λοιπόν:
2m xx
L
22 2
2( )
dm x m x
dt
mxx
L
( )d
mxdt x
L
2m xx
L
Η διαφορική εξίσωση (16) γράφεται:
2
2( ) ( ) 0
d d
dt x dt x x
L L L ή
2 0m x mx m x και τελικά:
2 2 0x x x (19)
Βλέπουμε ότι πράγματι καταλήγουμε σε μια διαφορική εξίσωση τέταρτης τάξης ως προς
το χρόνο. Η χαρακτηριστική εξίσωση της (19) είναι:
2 4 2 2 0 (20)
Προκειμένου να λύσουμε την (20) (διτετράγωνη), θέτουμε: 2 , οπότε έχουμε τη
δευτεροβάθμια :
2 2 2 0 ,
με λύσεις:
2 2
1 2
1 1 4
2
και
2 2
2 2
1 1 4
2
Οι ρίζες λοιπόν της διτετράγωνης είναι:
2 2
1
1 1 4
2
,
2 2
2
1 1 4
2
,
2 2 2 2
3
1 1 4 1 4 1
2 2i
,
2 2 2 2
4
1 1 4 1 4 1
2 2i
Η γενική λοιπόν λύση της (19) είναι:
2 2 2 2 2 2 2 21 1 4 1 1 4 1 4 1 1 4 1
2 2 2 2
1 2 3 4( ) Ct t i t i t
x t e C e C e C e
Βέβαια, όπως γνωρίζουμε από τη θεωρητική μηχανική, η Lagrangian ενός συστήματος
είναι στη γενικότερη περίπτωση συνάρτηση των γενικευμένων συντεταγμένων και των
γενικευμένων ταχυτήτων (πρώτων παραγώγων των γενικευμένων συντεταγμένων) και
ενδεχομένως και του χρόνου. Δεν υπεισέρχονται όροι δεύτερης (επιτάχυνσης) ή ανώτερης
τάξης παραγώγου. Έτσι, πχ. στην μονοδιάστατη περίπτωση κίνησης ενός σωματιδίου η
εξίσωση Euler-Lagrange έχει τη μορφή:
( ) 0d
dt x x
L L (21)
Η διαφορική εξίσωση (21) είναι δεύτερης τάξης ως προς το χρόνο και επομένως η
γνώση δύο αρχικών συνθηκών (αρχική θέση, αρχική ταχύτητα) επαρκούν για την πλήρη
επίλυση του προβλήματος.
ΦΙΟΡΕΝΤΙΝΟΣ ΓΙΑΝΝΗΣ
ΜΑΗΣ 2015