EXAMEN DE ADMISIÓN UNI 2011-II GEOMETRIA TRIGONOMETRIA-SOLUCIONARIO-ACADEMIA CESAR VALLEJO
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Matemática
14
PREGUNTA N.º 21En un cono circular recto la generatriz mide 12 cm y una cuerda de la circunferencia de la base mide 16 cm. Si la distancia del centro de dicha circunferencia a la cuerda es 4 cm, entonces el volumen del cono (en cm3) es:
A) 640
3π
B) 641
3π
C) 642
3π
D) 643
3π
E) 644
3π
Resolución
Tema: Cono de revolución
Análisis y procedimientoSe pide el volumen del cono V.
A
M48
8
BB
V
54O
r
12 12h
�� ����������V =πr h2
3 (I)
�� ��� ������OM AB MB MA⊥ → = = 8
OMB: OB = 4 5
�� �n el VOB: h2 2 24 5 12+ ( ) = � h=8
Reemplazando en (I)
V =
( ) ×π 4 5 83
2
V = 640
3π
Respuesta640
3π
ALTERNATIVA A
PREGUNTA N.º 22Considere dos esferas tangentes exteriormente, cuyos radios miden 1 cm y 3 cm respectivamente. Calcule el volumen (en cm3) del cono circular recto circunscrito a las dos esferas.
A) 80� B) 81� C) 82� D) 83�� � E) 84�
Resolución
Tema: Esfera
R
h
Vcono = πR h2
3
ect
nsideuyos radalcule el v
o circu
N.º 22feras tan
NTAos es
os midenl
ntono V
PREGC
Matemática
15
Análisis y procedimientoNos piden Vcono.
A
r
12
30º
30º
M
NO1
O2
2
3
3
1
V
R
T
H
33
Datos: Las esferas tangentes exteriores están inscritas en el cono de revolución.
Además, r=1 y R=3
������������
O1O2H: Not. de 30º y 60º
m� HO1O2=30º
Como O H VM1 // , entonces
m� TVA=30º
En VTA: TA = 3 3
Vcono =
( ) ×π 3 3 93
2
Vcono=81�
Respuesta81�
ALTERNATIVA B
PREGUNTA N.º 23En una pirámide regular de base cuadrangular, el punto medio de la altura dista de una cara lateral y de una arista lateral 6 u y 8 u respectivamente. Calcule la altura (en u) de la pirámide.
A) 6 2
B) 12 2
C) 18 2
D) 24 2
E) 34 2
Resolución
Tema: Sólidos geométricos (pirámide)
�� ��� ���� ����������� �����
ah
b
1 1 12 2 2h a b
= +
Análisis y procedimientoPiden OP
OP=2h
2m
mm FF
66hh
88
BBGG
hh
OO 2m2m M
C
DA
E
P
222m2m
hb
a
º y 60º
teriores están ución
a: Sólid
�� ��� ��
s
T
Matemática
16
Como O: Centro del cuadrado ABCD
→ = ( )OA OM2
�� ��� �����
GE // AO y GF // OM
Por teoría de la base media
AO=2(EG)
OM=2(GF)
�� ���� ���������������������� �����
EGP:1
8
1 1
22 2 2= +
( )h m
FGP: 1
6
1 12 2 2= +
h m
�� ����
1
641 1
22 2= +h m
(I)
136
1 12 2= +
h m (II)
�� ��������������!����������"#$�%�"##$
h = 12 2
∴ =OP 24 2
Respuesta
24 2
ALTERNATIVA D
PREGUNTA N.º 24En la figura, C1 es un cilindro circular recto de radio R y altura h. Si en C1 se inscribe un prisma regular cuadrangular y luego en este prisma se inscribe un cilindro circular recto C2 y así se repite el proceso obteniendo los cilindros C3, C4, C5, ...
Si el cilindro C21���� ������������ � ������&�������su área lateral, entonces el área lateral de C1 es:
C2
C1
...
A) πR2
402( )
B) πR2
302( )
C) πR2
202( )
D) πR2
152( )
E) πR2
102( )
Resolución
Tema: Cilindro
Área de la superficie del cilindro
h
Área total
AST=2�R2+2�Rh
Área de la superficie lateral
ASL=2�Rh
% "##$
D)(
E)π
R2
15)2
(
( 2
C)πR2
20( )
Matemática
17
Análisis y procedimientoNos piden ASL de C1.
C2
C1h
...
R
Dato: En el cilindro 21 se tiene
AT(C21)=3ASL(C21)
Sea R21 el radio de la base del cilindro 21.
Entonces en el dato tenemos
2�(R21)2+2�(R21)h=3(2�(R21)h)
R21=2h
hR
= 21
2 (I)
Luego ASL(C1)=2�Rh (II)
Reemplazando (I) en (II) tenemos
ASL(C1)=�R(R21) (III)
Hallando R21 en función de R tenemos lo si-guiente.Analizamos las bases.
C1C2
C3
R1=R
2R
R2R2
R4=2R
2
R3=R/2R3=R/2
R2=R2=22RR
22
'������*����������������
C1 � R1=R
C2 � R2=R 2
2
C3 � R3=R2
C4 � R4=R 2
4
C5 � R5=R4
�� � ����
����������7����� ������
C R
R R21 21 101024 2
→ = =
� RR
21 102= (IV)
;������������"#<$����"###$���� ������
A SL C R
R1 210( ) = ⎛
⎝⎜⎞⎠⎟
π
∴ ( ) =( )
A SL CR
1
2
202
π
Respuesta
πR2
202( )
ALTERNATIVA C
PREGUNTA N.º 25En la figura ABCDEF.... es un polígono regular cuyo lado mide 2 cm. Calcule PF (en cm).
A) 4 3
A
B
C D
E
F
P
B) 2 13
C) 3 6
D) 6 2
E) 4 6
Res
∴ (A SL
pu
RR
2 0⎛⎝⎜⎛⎛⎝⎝
⎞⎠⎟⎞⎞⎠⎠
R2
)
) (Rπ
tenemos
(III)
R te
)
(
;
A
212
=
���������
�(R
�
21.
Matemática
18
Resolución
Tema: Polígonos regulares
;��������
A
B
CD
E
F
G
�
��
�
�
�
�
��
�
�
ABCDEFG...: polígono regular
m m mAB BC CD� � �= = = ...
Análisis y procedimientoPiden PF.
�� '������*����� m m mBC CD DE� � �= = = α
�� BCE
α α+ =2
90º � �=60º
A
B
C D
E
F
P
2 3
2 3
�
�
� �/2
�
�
22
22
22
2260º60º
30º
30º30º
�� ��� CEF=90º y del PEF
PF( ) = + ( )2 2 22 4 3
� PF = 2 13
Respuesta
2 13
ALTERNATIVA B
PREGUNTA N.º 26Dos circunferencias C1 y C2 de centro O y O’, respectivamente, son tangentes exteriormente en T. Desde O se traza una tangente a C2 en P y desde O’ se traza una tangente a C1 en Q (OP no se interseca con O’Q$>������� �������PQ se interseca con OO’ en T, entonces la relación de los radios de dichas circunferencias es:
A) 13
B) 12
C) 1
D) 2 E) 3
Resolución
Tema: Circunferencia
Circunferencias tangentes exteriores
P
Q
r RT
S����������
m mQT TP� �=
Análisis y procedimiento
Piden rR
P
Q
r
r R
R
O'OT
��
�� �
D
3
angentes
2 2
�222222222
30º3 º
=60º
Circu
ma: Circu
nferenciaDD
R
mD�E�
Matemática
19
Debido a la propiedad m mQT TP� �� , tenemos
m��PQO’=m�QPO=�
En P, �+�=90º
� m�QO’P=90º
Luego, OPO’Q es un rectángulo
� r=R
� rR� 1
Respuesta1
ALTERNATIVA C
PREGUNTA N.º 27En un rectángulo ABCD, M y N son puntos medios de los lados BC y CD, respectivamente, tales que AM � 2 2 cm y BN � 17 cm . Si P es el punto de intersección de los segmentos AM y BN, entonces el valor de PM+PN en cm es:
A) 2 2 17
5
B) 2 2 2 17
5
C) 3 2 17
5
D) 2 2 3 17
5
E) 3 2 3 17
5
Resolución
Tema: Semejanza de triángulos
Análisis y procedimiento
2a
a
2a
2b
2b
b
M
Q
C
D
NNPP
B
4m4m
m
3x3x2x2x
bbRA
a
Nos piden PM+PN
Datos AM BN� �2 2 17;
Se observa que ��BPM y � RPA son semejantes, entonces PM=m; AP=4mPero
AM � 2 2
m m m+ = → =4 2 2
2 25
También ��BPA y � NPQ son semejantes, entonces BP=2x; PN=3xPero
BN � 17
2 3 17
175
x x x+ = → =
Luego
PN � 3 17
5
� PM PN+ = +2 2 3 175
Respuesta2 2 3 17
5
ALTERNATIVA D
17 cms segmenPM
amen. Si Pnto
PMero
AM � 2
�BPM y M �
mAP=
Nción de valor de
D, M y M N ND res
Se obseen
osAM � 2 22
erva
CVA C
Matemática
20
PREGUNTA N.º 28En una circunferencia de 10 cm de radio, dos cuerdas se cortan de manera que el producto de los segmentos que cada una determina sobre sí es 1296 cm4. Determine a qué distancia (en cm) del centro se halla el punto de intersección.
A) 5 B) 6 C) 7 D) 8 E) 9
Resolución
Tema: Relaciones métricas en la circunferencia
Recordemos el teorema de las cuerdas en la circunferencia.
ab=cd
a
c
d
b
Análisis y procedimientoDato:
abcd=1296 y R=10
d
a
R
R
Ox
bc
(R – x)
Nos piden x.Por teorema de las cuerdas tenemos (R+x)(R – x)=ac (I)También ac=bd
En el dato (ac)(bd)=1296� (ac)2=1296
Luego ac=36 y R=10
En (I) tenemos (10+x)(10 – x)=36
Resolviendo x=8.
Respuesta8
ALTERNATIVA D
PREGUNTA N.º 29Los diámetros AB y CD de una circunferencia son perpendiculares. Si E BD��, AE interseca a CD en el punto F y FD=1 cm, entonces la longitud de la circunferencia circunscrita al triángulo FED (en cm) es:
A) � 2 B) 2 2� C) 2 3� D) 3 2� E) 3 3�
Resolución
Tema: Circunferencia y figuras circunscritas
Se sabe que la longitud de una circunferencia de radio R es igual a 2�R.
ab=cd
d
b
Re8
endo
puesta
Re
en ldas
a
Matemática
21
Análisis y procedimientoNos piden la longitud de la circunferencia circunscrita al EDE=2�R.
Datos:
A B
C
D
E
F
1R
RR
O 45º
90º90º
45º
Sea R la longitud del radio de la circunferencia circunscrita y DF=1 cm.
Por teorema del ��inscrito:
m� AED=45º
� mDF� � 90º
En el DOF:
notable 45º, R � 22
Luego la longitud de la circunferencia es igual a
22
2π⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
� � 2
Respuesta
� 2
ALTERNATIVA A
PREGUNTA N.º 30El volumen y el área lateral de un prisma recto de base triangular son 50 m3 y 200 m2, respectiva-mente. Calcule el radio (en m) de la circunferencia inscrita en la base del prisma.
A) 0,25 B) 0,5 C) 1 D) 2 E) 3
Resolución
Tema: Prisma recto
Se sabe que A =pr
A
B Ca
bcrr
donde
p
a b c= + +2
Análisis y procedimientoDatos V=50 m2
ASL=200 m2
AA
B Crr
Se pide rDel primer dato (pr)h=50 m2 (I)
Del segundo dato 2ph=200 m2 (II)
Del (I)÷(II) r=0,5
Respuesta0,5
ALTERNATIVA B
cedimiem2
0 m2=50
=200
B
circunferencia
AnálDatos
isis y pr
Matemática
22
PREGUNTA N.º 31En un triángulo ABC en el espacio, la altura relati-va a AC es 5 3 cm. Sus vértices A y C están en un plano horizontal P y el vértice B es exterior a P de modo que el diedro B-AC-B' (B' es la proyección de B sobre P) mide 37º. Si AB'=10 cm, entonces la longitud de AB (en cm) es:
A) 10
B) 10,6
C) 127
D) 5 6
E) 6 5
Resolución
Tema: Geometría del espacio (ángulo diedro)
Cuando se pide calcular la medida de un ángulo diedro, recuerde que podemos utilizar el teorema de las tres rectas perpendiculares, y en el caso de que dicha medida sea dato, también podemos usar el teorema.
Análisis y procedimientoPiden AB.
AB=x
B
x
AA
CC
MM
B'B'37º37º
1010
3355
33
�� ��� ������B'M ��AC por teorema de las tres perpendiculares:
BM ��AC
�� '����� �J
m�BMB'=37º
�� BB'M: notable de 37º y 53º
MB BB= → =5 3 3 3'
�� '��� AB'B:
x 2 2 23 3 10= ( ) +
� x = 127
Respuesta
127
ALTERNATIVA C
PREGUNTA N.º 32Las diagonales de un trapecio dividen a este en cuatro triángulos. Si las áreas de los triángulos adyacentes a las bases son A1 y A2, entonces el área total del trapecio en función de A1 y A2 es:
A) A A A A1 2 1 2+ +
B) 2 1 2A A
C) A1A2
D) A A1 22
+( ) E) A A A A1 2 1 2+ −
Resolución
Tema: Área de regiones cuadrangulares
Recuerde que si BC // AD
A D
B C
BBAA
A=B
dyacenrea total d
e un trape. Si las ár
ases sogulosa las b
del trap
ar el tey en el ca
én podem
ángulo orema
o de aresato, tamb
PRLas diacu
EGUNTAgonedid
s u
dro)
da d
ulo
e
o died
Matemática
23
BBCC
DD
AA
Se cumple que A×C= B×D
Análisis y procedimientoNos piden A ABCD.
M O M
A1A1
A2A2
A D
B C
�� '������*��� A ABO=A COD=M
�� �� ����� A ABCD=A1+A2+2M (I)
�� ���� A1×A2=M×M
M = ×A A1 2 (II)
�� ;������������"##$����"#$
A ABCD= A A A A1 2 1 22+ + ×
� A ABCD= A A1 22
+( )
Respuesta
A A1 22
+( )
ALTERNATIVA D
PREGUNTA N.º 33En la figura, O es el centro del círculo trigonomé-
trico. Si OA=1 u y tan ,θ = 33
calcule el área de
la región sombreada (en u2).
OO�� A
. A) 79π
B) 56π
C) 67π
D) 78π
E) 89π
Resolución
Tema: Área del sector circular
De
rr
SS
S=�r2
Además
3a
a2a
30º
(I)
D)78
)8
π
A2AA +2M
D
M
9
B)56π
Matemática
24
Análisis y procedimiento
30º30º30º30º
30º30º2r2r
11
rr
Y
X
C2
C1
Del dato
tanθ = 3
3
� � �=30º
Si r es el radio de C 2, según el gráfico se tiene
3r=1
� � r = 13
Por lo tanto
A somb.=AC1 – AC2
= ( ) − ⎛⎝⎜
⎞⎠⎟π π1
13
22
= 89π
Respuesta89π
ALTERNATIVA E
PREGUNTA N.º 34En la circunferencia trigonométrica de la figura
mostrada, el arco θ π π∈2
; , calcule el área de
la región sombreada. AM� = θ
OA
X
Y
M�
A) 12
12
−−
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
coscos
θθ
B) 21
−−
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
coscos
θθ
C) 12
21
−−
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
coscos
θθ
D) 12
21
+−
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
coscos
θθ
E) 12
12
−+
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
coscos
θθ
Resolución
Tema: Circunferencia trigonométrica
Análisis y procedimientoSe pide Área ABC
Del gráfico
BHO � CPO
− = −cos θ
11 h
h
11− =cos θh
→ =−
h1
1 cos θ
D)
E) 1 ⎛⎛⎛
⎠⎠⎠s θ
⎞⎠⎞⎞⎞⎞⎠⎠⎞⎞⎞⎞os θ
θ21
+−
ccos
o se tiene
1⎝
C)12
21
−⎛⎛⎛
el gráf
Matemática
25
Y
XPP
45º45º
45º45º
hh
hh
1– h1– h A
B
C
M
OH
�
– cos�
1
A ABC=A AOB+A OCA
A ABC=1 1
212
11
× + ×−( )cosθ
= +−
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
12
11
1 cosθ
=−−
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
12
21
coscos
θθ
Respuesta
12
21−−
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
coscos
θθ
ALTERNATIVA C
PREGUNTA N.º 35
Si tan tan ,47
37
xa
xb⎛
⎝⎜⎞⎠⎟ =
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟ =y entonces al
simplificar
E a b xx= −( ) ⎛
⎝⎜⎞⎠⎟1
72 2
· tan( ) · tan ; se obtiene:
A) a – b
B) a2 – b2
C) a+b
D) ab
E) a/b
Resolución
Tema: Identidades trigonométricas de arcos compuestos
Se sabe que
tantan tan
tan ·tanx y
x yx y
+( ) = +−1
tantan tan
tan tanx y
x yx y
−( ) = −+1
Análisis y procedimientoPiden simplificar la expresión E.
E a b x
x= −( ) ( ) ⎛⎝⎜
⎞⎠⎟1
72 2 tan ·tan
Dato:
tan47x
a⎛⎝⎜
⎞⎠⎟ = y tan
37x
b⎛⎝⎜
⎞⎠⎟ =
Entonces
E a b
x x x x= −( ) +⎛⎝⎜
⎞⎠⎟ −⎛
⎝⎜⎞⎠⎟1
47
37
47
37
2 2 ·tan ·tan
E a b
a bab
a bab
= −( ) +−
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
−+
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟1
1 12 2 · ·
E a ba b
a b= −( ) −( )
−( )1
1
2 22 2
2 2·
Finalmente
E=a2 – b2
Respuesta
a2 – b2
ALTERNATIVA B
TIVA
an ⎝
onces
y tan ⎛⎛⎛⎛⎛⎝⎝⎛⎛⎛⎛a⎞⎞⎞
⎠⎠⎞⎞⎞⎞ =
ALTERN
⎠⎠⎠θ
Dato
(
sθ⎞⎠⎞⎞⎞⎞⎠⎠⎞⎞⎞⎞
Matemática
26
PREGUNTA N.º 36
Si x ∈ π π;54
, determine el rango de la función
f x x x( ) = +1 2 sen ·cos
A) 02
2;
B) �0; 1
C) 0 2;
D) 0 3;
E) 0 2 1; �
Resolución
Tema: Funciones trigonométricas
Análisis y procedimientoPiden el Ran(f ).
f x x xx( ) = + < <1 2
54
sen cos ; π π
f x xx( ) = + −( )1 2 sen cos
f x xx( ) = − < <1 2 2 2
52
sen ; π π
Analizamos en una C.T.
12x
2�X
Y5� /2
sen2x
Del gráfico
0 < sen2x < 1
0 > – sen2x > – 1
1 > 1 – sen2x > 0
1 > 1 2� sen x > 0
1 > f(x) > 0
� Ran(f )=�0; 1
Respuesta�0; 1
ALTERNATIVA B
PREGUNTA N.º 37Para 0 < x < 1, resuelva la ecuación
arccot arctanxx
=−
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
11
A) − +1 5
2 B)
− +1 42
C) − +1 3
2
D) − +1 2
2 E)
− +2 22
Resolución
Tema: Funciones trigonométricas inversas
�� arccot( ) arctan ;xx
x= ⎛⎝⎜
⎞⎠⎟ >1
0
�� ax bx c xb b ac
a2
20
42
+ + = → = − ± −
Análisis y procedimientoDe la condición
arccot arctan ;x
xx=
−⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
< <1
10 1
arctan arctan
1 11x x
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟ = −
⎛⎝⎜
⎞⎠⎟
A)−
x⎛⎝⎝⎝
⎞⎠⎟⎞⎞⎠⎠
11
5+2
x)c) os
<; π
P
arccot x
EGUNa 0 < x < 1
P
Matemática
27
1 1
1x x=
−
1 112x x
=−
x2=1 – x
Resolviendo la ecuación cuadrática
∴ = −x
5 12
Respuesta− +1 5
2
ALTERNATIVA A
PREGUNTA N.º 38
Sea 02
< <θ π tal que
log tan log tan log5 5 5612
9θ θ( ) + +( ) =
Determine el valor de sec2�.
A) 24 12 3�
B) 22 12 3�
C) 20 12 3�
D) 18 12 3�
E) 12 12�
Resolución
Tema: Identidades trigonométricas fundamentales
�� ���2�=1+tan2�
�� ���x A+logx B=logx(A · B)
�� n · logx A=logx An
Análisis y procedimiento
log tan log tan log5 5 56
12
9θ θ( ) + +( ) =
log tan tan log5 56 9θ θ( ) +( ) =
tan2�+6tan�=3
tan2�+6tan��– 3=0
tanθ = − ± − ( ) −( )6 36 4 1 3
2
tanθ = − ±3 2 3
Como θ π∈ 02
; , entonces tan� > 0.
tanθ = − +3 2 3
tan2 21 12 3θ = −
sec2 1 21 12 3θ − = −
sec2 22 12 3θ = −
Respuesta22 12 3�
ALTERNATIVA B
PREGUNTA N.º 39Si A, B y C son los ángulos de un triángulo, 1,2;
2,3 y 3 son las longitudes de sus lados opuestos
a dichos ángulos respectivamente y senA=L,
calcule el valor de la expresión siguiente:
DA B A C B C
A B C= +( ) + +( ) + +( )
+ +sen sen sen
cos cos cos53 42 35
A) L4
B) L6
C) L8
D) L
10 E)
L12
g5 9
22
sec2
spues
2 3
21 2 321
2 3
1
22 −
12
)6 =
sec
tanθ = −
an2 21θ =
2
RNATIVAA
Matemática
28
Resolución
Tema: Resolución de triángulos oblicuángulos
Teorema de senos: a
Ab
Bc
Csen sen sen� �
Teorema de proyecciones
a=bcos C+ccos B
b=acos C+ccos A
c=acos B+bcos A
A
B
C
a
b
c
Análisis y procedimiento
Se pide calcular
D
A B A C B CA
C B A
= + + + + ++
− − −
sen( ) sen( ) sen( )cos
º º º180 180 180
53 42
� � �
ccos cosB C+ 35
DC B A
A B C= + +
+ +sen sen sen
cos cos cos53 42 35 (�)
A
B
C
1,2
2,3
3
Por el teorema de senos tenemos
1 2 2 3 3,
sen,
sen senA B C� �
→ + +
+ +=1 2 2 3 3 1 2, ,
sen sen sen,
senA B C A
→
+ +=6 5 1 2,
sen sen sen,
A B C L
→ + + =sen sen senA B CL65
12 (I)
Por el teorema de proyección tenemos
1,2=3cos B+2,3cos C
3=1,2cos B+2,3cos A
2,3=3cos A+1,2cos C
Sumando las tres relaciones
6,5=5,3cos A+4,2cos B+3,5cosC
65=53cos A+42cos B+35cosC (II)
Al reemplazar (I) y (II) en (�) se tiene que
D
L�12
RespuestaL
12
ALTERNATIVA E
PREGUNTA N.º 40¿Cuál es la ecuación de la circunferencia cuyo
centro está sobre la recta y+x=0. Además, pasa
por los puntos (3; 4) y 3 2 7;( )?
A) x2+y2=5
B) x2+y2=9
C) x2+y2=15
D) x2+y2=16
E) x2+y2=25
Bsen(1�
Ccos
RCA−
)º�
eemp
D12
+42cosB
y (II) en (r (I) y
)CC2
�
cocc s B
nto
6
A
6,5=5,3co
5=53co
S
C
Matemática
29
ResoluciónTema: Ecuación de la circunferencia
(h; k)
r
(x – h)2+(y – k)2=r2
Análisis y procedimientoEcuación de la circunferencia:
C : (x – h)2+(y – k)2=r 2
Por dato
I. (h; k) L: y+x=0 � k=– h
Por lo tanto
C : (x – h)2+(y+h)2=r 2
II. (3; 4) ��� 3 2 7;( ) ��C�entonces
(3 – h)2+(4+h)2=r2
3 2 72 2 2−( ) + +( ) =h h r
Igualando, tenemos que h=0, entonces k=0
Luego
C : x2+y2=r2
Como (3; 4) � C � 32+42=r 2 � r 2=25
� C : x2+y2=25
Respuestax2+y2=25
ALTERNATIVA E
x