Πανελλήνιος Διαγωνισμός Φυσικής Γ΄ Λυκείου 2014 / Β΄ Φάση / Θέματα και Λύσεις
Λύσεις Επαναληπτικών Φυσικής Κατεύθυνσης 2010
-
Upload
science-physics-4-all -
Category
Documents
-
view
46 -
download
1
description
Transcript of Λύσεις Επαναληπτικών Φυσικής Κατεύθυνσης 2010
Επιμέλεια: sciencephysics4all.weebly.com 1
Το σχολείο στον υπολογιστή σου – sciencephysics4all.weebly.com
ΦΥΣΙΚΗ ΘΕΤΙΚΗΣ ΚΑΙ ΤΕΧΝΟΛΟΓΙΚΗΣ ΚΑΤΕΥΘΥΝΣΗΣ
ΛΥΣΕΙΣ ΘΕΜΑΤΩΝ ΕΠΑΝΑΛΗΠΤΙΚΩΝ ΠΑΝΕΛΛΗΝΙΩΝ ΕΞΕΤΑΣΕΩΝ
ΗΜΕΡΗΣΙΩΝ ΛΥΚΕΙΩΝ 2010
ΘΕΜΑ Α
A.1) γ
A.2) α
A.3) δ
A.4) γ
A.5) α) Λ
β) Σ
γ) Σ
δ) Λ
ε) Σ
ΘΕΜΑ Β
Β.1) Οι εξισώσεις που μας δίνονται είναι:
xt 3112 1041082103 (S.I.)
xt 3116 104108210 (S.I.)
Από τις εξισώσεις αυτές παίρνουμε τα παρακάτω στοιχεία:
V2max 103
6
max 10
t
t11108
z111081
zf 11108
xx3104 13104
1m
m
3104
1
Παρατηρούμε ότι:
smV
/10310
103 8
6
2
max
max
Επιμέλεια: sciencephysics4all.weebly.com 2
Το σχολείο στον υπολογιστή σου – sciencephysics4all.weebly.com
smHzmf /102108104
1 811
3
Επειδή, , οι εξισώσεις αυτές δεν περιγράφουν Η/Μ κύμα.
Επομένως η σωστή επιλογή είναι η γ.
Β.2) Έχουμε την περίπτωση κινούμενης πηγής ακίνητου παρατηρητή.
Όταν η πηγή πλησιάζει τον παρατηρητή ισχύει:
S
S
ff
(1)
Όταν η πηγή απομακρύνεται από τον παρατηρητή αντιλαμβάνεται συχνότητα μικρότερη της
f κατά 30%. Δηλαδή αντιλαμβάνεται συχνότητα ff
100
70:
S
S
ff
S
S
ff
100
70
S
S
ff
10
7 (2)
Διαιρώντας τις (1) και (2) κατά μέλη προκύπτει:
)2(
)1(
S
S
S
S
f
f
f
f
10
7
S
S
1
1
10
7
1
S
S
7
10 SS 771010
S 17317
3 S
Επομένως η σωστή επιλογή είναι η β.
Β.3) Με τη βοήθεια του νόμου του Snell προκύπτει:
n
n ( 30 , , 1n , nn )
Άρα,
n
130
n
12
1
n
1
2
1
2n
2
c
2
c (1)
Όμως, 10 (2)
Αντικαθιστώντας την (!) στη (2) προκύπτει:
Επιμέλεια: sciencephysics4all.weebly.com 3
Το σχολείο στον υπολογιστή σου – sciencephysics4all.weebly.com
10 12
0
c 20 c 2c
2
c
Επομένως η σωστή επιλογή είναι η γ.
ΘΕΜΑ Γ
Γ.1)
Θέση ισορροπίας: Το σώμα ισορροπεί υπό την επίδραση του βάρους του και της δύναμης
του ελατηρίου. Στη διεύθυνση της ταλάντωσης ισχύει:
0 yF 0 Fwx Fwx lmg (1)
Απομακρύνουμε το σώμα από τη Θ.Ι. προς τα κάτω (στη διεύθυνση του κεκλιμένου
επιπέδου) και το αφήνουμε ελεύθερο.
Τυχαία θέση: Αν θεωρήσουμε τη φορά προς την οποία έγινε η μετατόπιση του σώματος ως
θετική τότε η αλγεβρική τιμή της συνισταμένης δύναμης F
όταν το σώμα βρίσκεται σε μια
τυχαία απομάκρυνση x από τη Θ.Ι. του είναι
yF = xw - F yF mg – )( xl xlmgFy (2)
Αντικαθιστώντας την (1) στη (2) προκύπτει:
F
F
xw
yw
w
N
N
xw
w
yw
l
xl
Θέση φυσικού μήκους
Θέση Ισορροπίας (Θ.Ι.)
Τυχαία θέση
Επιμέλεια: sciencephysics4all.weebly.com 4
Το σχολείο στον υπολογιστή σου – sciencephysics4all.weebly.com
xllFy xFy
Δηλαδή το σώμα θα εκτελέσει α.α.τ. με D .
Γ.2) Το πλάτος της ταλάντωσης είναι md 1,01 .
Άρα,
21max
max
101,0100s
mkgm
m
NdF
dt
dp
Γ.3) Τα δύο σώματα ταλαντώνονται ως σύστημα, άρα θα έχουν την ίδια γωνιακή συχνότητα.
Η σταθερά επαναφοράς του συστήματος θα είναι:
2
21 mm (3)
Η σταθερά επαναφοράς του 2 θα είναι:
2
22 mD (4)
Διαιρώντας κατά μέλη τις σχέσεις (3) και (4) προκύπτει:
2
2
2
21
2
m
mm
D
2
21
2 m
mm
D
21
22
mm
mD
21
22
mm
mD
m
N
kgkg
kgD 100
11
12
m
N
kg
kgD 100
2
12
m
ND 502
Γ.4)
gmm
21
gmm
21
gmm
21
l
l l
Θέση φυσικού μήκους
Θ.Ι.
Θέση αρχικής
απομάκρυνσης
Επιμέλεια: sciencephysics4all.weebly.com 5
Το σχολείο στον υπολογιστή σου – sciencephysics4all.weebly.com
Στη θέση ισορροπίας των δύο σωμάτων η συσπείρωση του ελατηρίου προκύπτει ως εξής:
00 21 lgmmFx
gmml 21
m
Ns
mkg
l
100
2
1102
2
ml 1,0
Επομένως όπως βλέπουμε και από το σχήμα, το πλάτος της ταλάντωσης των δύο σωμάτων θα
είναι:
mmmll 2,01,03,0
Το σώμα 2 ταλαντώνεται υπό την επίδραση 2 δυνάμεων. Της αντίδρασης F
από το 1 και
της συνιστώσες gm
2 του βάρους του. Άρα,
xDgmFxDFx 222
Η επαφή χάνεται όταν 0F .
Άρα,
xDgm 22 2
2
D
gmx
m
Ns
mkg
x
50
2
1101
2
mx 1,0
Στη θέση ισορροπίας της ταλάντωσης των δύο σωμάτων λοιπόν ισχύει 0x . Η θετική φορά
είναι η φορά της αρχικής απομάκρυνσης, δηλαδή η φορά προς τα κάτω. Άρα η θέση των δύο
σωμάτων παίρνει θετικές τιμές χαμηλότερα της θέσης ισορροπίας. Άρα η θέση mx 1,0
(δηλαδή η θέση που χάνεται η επαφή) είναι m1,0 πάνω από τη Θ.Ι. δηλαδή
mmm 3,02,01,0 από το σημείο που αφήσαμε τα σώματα ελεύθερα ή αλλιώς στη θέση
φυσικού μήκους του ελατηρίου.
F
gm
2
gm
2
gm
2
Επιμέλεια: sciencephysics4all.weebly.com 6
Το σχολείο στον υπολογιστή σου – sciencephysics4all.weebly.com
ΘΕΜΑ Δ
Δ.1)
Αφού η ράβδος ισορροπεί:
0)( 024
lg
lF
0
22
lg
F 0
2g
F g
F
2
g
F
2
2102
20
s
m
Nkg1
Επίσης:
0F 0gmgF gFmg
g
gFm
g
Fm
kg
s
m
Nm 1
10
20
2
kgm 1
Δ.2) Αρχικά υπολογίζουμε τη ροπή αδράνειας της ράβδου ως προς το σημείο Γ:
2
2
2ml
lcm
222
4
1
12
1mlll
22
3
1mll
2
3
1lm
Άρα,
F
gm
g
4/l 4/l )(
gm
g
Επιμέλεια: sciencephysics4all.weebly.com 7
Το σχολείο στον υπολογιστή σου – sciencephysics4all.weebly.com
mgll
g2
2
3
1
2lmmgl
lg
2
3
1
2lmlmg
g
lmmg
g
3
1
2
m
mgg
l
3
1
2
2
2
2
75,3113
1
1012
101
s
radkgkg
s
mkgs
mkg
l
2
2
75,33
4
15
s
radkg
s
mkg
l ml 3
Δ.3)
2
2
2
12
1
m
22
2
3
1
2
1
2
1
lm
lm
22
22
3
1
2
1
2
1
lm
lm
m
m
3
1
kgkg
kg
113
1
1
kg
kg
3
4
1
4
3
Δ.4)
Από το σχήμα προκύπτει:
l
h1 lh1 3,031 mh mh 9,01
1h
2h
2h
Επιμέλεια: sciencephysics4all.weebly.com 8
Το σχολείο στον υπολογιστή σου – sciencephysics4all.weebly.com
2/
2
l
h
22
lh mh 45,02
Εφαρμόζουμε το θεώρημα έργου ενέργειας:
21 ghmgh 21 ghmgh 21
2
2
1ghmgh
2
1212 ghmgh
2
121 ghmgh
21 22 ghmgh
2
21
3
1
22
lm
ghmgh
2
22
9113
1
45,010129,01012
mkgkg
ms
mkgm
s
mkg
2
2
2
2
2
12
918
kgm
s
mkg
s
mkg
2
2
2
12
27
kgm
s
mkg
srad /5,1
Άρα,
L
2
3
1lmL
s
radmkgkgL 5,1911
3
1 2
s
kgmL
2
18
0